2021届贵州省高考物理适应性试卷附答案详解

2021届贵州省高考物理适应性试卷

一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）

1.有长短不同，材料相同的同样粗细的绳子，各拴着一个质量相同的小球在光滑水平面上做匀速

圆周运动，那么下列说法中正确的是（）

A.两个小球以相同的线速度运动时，长绳易断

B.两个小球以相同的角速度运动时，长绳易断

C.两个球以相同的周期运动时，短绳易断

D.不论如何，短绳易断

2.下列说法中正确的是（）

A.放射性元素发出的射线都属于电磁波

B.氢原子由低能级向高能级跃迁时，原子系统总能量增加

C./?射线是原子核外电子挣脱原子核的束缚而形成的电子流

D.卢瑟福a粒子散射实验，说明原子核具有不稳定性

3.如图所示，晾晒衣服的绳子轻且光滑，悬挂衣服的衣架的挂钩也

是光滑的，轻绳两端分别固定在两根竖直杆上的4、B两点，衣服

处于静止状态.如果保持绳子4端位置不变，将B端或杆移动到不

同的位置.下列判断正确的是（）

A.8端移到当位置时，绳子张力不变

B.B端移到口2位置时，绳子张力变小

C.B端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，绳子张力不变

D.B端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，绳子张力变大

4.一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s,动能变为原来的9倍，该质

点的加速度为（）

A年B•券C谭D.g

5.如图所示，在光滑、绝缘的水平桌面上竖直固定一光滑、绝缘的挡板ABCD,

4B段为直线挡板，与水平方向成45。夹角，BCD段是半径为R的圆弧挡板,

挡板处于场强为E的匀强电场中，电场方向与圆直径MN平行。现有一带

电荷量为q、质量为m的小球由静止从挡板内侧上的4点释放，并且小球能沿挡板内侧运动到。点

抛出，贝1（）

A.小球一定带正电

B.qE<mg

C.小球在最低点C速度最大

D.小球从4到B的过程中，电势能增加

二、多选题（本大题共5小题，共27.0分）

6.一底角为37。的三角形斜面固定在水平面上，质量为m=2kg的物体在斜面的最低点，在恒力F作

用下，沿斜面底端向上做直线运动，如图甲所示，取沿斜面向上为正方向，此物体的u-t图象

如图乙所示。已知sin37°=0.6,cos370=0.8,g=10m/s2,则（）

A.物体与斜面间的动摩擦因数〃=0.5

B.3s内恒力F对物体做功13/

C.3s末物体在斜面上距斜面底端2nl处

D.3s内物体克服摩擦力做功52/

7.如图所示，把矩形线框abed放在磁感应强度为8的匀强磁场里，线框平面跟

磁感线垂直，设线框可动部分时在某一段时间内移到的瓦，关于线框中的磁

通量及线框内产生的感应电动势的说法中正确的是（）

A.线框由ab移到的瓦过程中，线框中的磁通量不变

B.线框由必移到即瓦过程中，线框中的磁通量增大

C.可动部分必运动的速度越快，线框中产生的感应电动势越大

D.可动部分由ab移到的瓦，对应的磁通量的变化是一定的，因此线框中产生的感应电动势的大

小与移动速度大小无关

8.如图所示，假设“火星探测器”贴近火星表面做匀速圆周运动，测得其周期为T.，行

若“火星探测器”在火星上着陆后，自动机器人用测力计测得质量为m的仪器重

力为P,已知万有引力常量为G,由以上数据可以求得（）

A.火星的密度B.火星表面的重力加速度

C.火星探测器的质量D.火星的自转周期

9.关于热现象，下列说法中，正确的是（）

A.布朗运动图中不规则折线表示的是液体分子的运动轨迹

B.一定质量气体压强不变温度升高时，吸收的热量一定大于内能的增加了

C.一定量100℃的水变成100汽的水蒸气，其分子之间的势能增加

D.可利用高科技手段，将流散的内能全部收集加以利用，而不引起其他变化

E.物体的内能取决于温度、体积和物质的量

10.如图所示，实线是一列简谐横波在t=0时刻的波形图，波沿x轴正向传播。此时x=37n处的M点

正处于平衡位置，从t=0时刻开始经0.3s第一次出现虚线所示波形图，则可知（）

A.这列波的波长是4mB.这列波的周期是0.4s

C.0.3s内波传播的距离是17HD.0.3s内M点通过的路程是1m

三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）

11.用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律.已知打点计时器打点频率/'=50Hz.

（1）实验中得到的一条纸带如图乙所示，第一个打点标记为D,选择点迹清晰且便于测量

的连续5个点，标为4、B、C、的E,测出4、C、E到。点的距离分别为dl=9.51cm、d2=15.71cm,

d3=23.47cm.重物质量为0.5kg,当地重力加速度g=9.80m/s2.现选取重物在。C段的运动进

行数据处理，贝UOC段重力势能减少量为I，动能增加量为_____/（计算结果均保留两位有

效数字）.

（2）如果测得纸带上第一个和第二个打点间的距离大约是6mm,出现这种情况可能的原因是.

A.重锤的质量过大

区电源电压偏大

C.先释放纸带后接通打点计时器

D打点计时器没有竖直固定.

12.一位同学想将一个量程2.5nM左右（有清晰刻度但没有示数）、内电阻在900〜1200之间的电流

表G改装成一个量程为0〜30U的伏特表，可以使用的实验器材如下：

A电源（电动势约4.5V,内电阻小于㈤）

B.标准电流表4（量程为0〜10巾4,内电阻约为500）

C.电阻箱（阻值范围0〜9.90）

D电阻箱（阻值范围0〜999.90）

E滑动变阻器（阻值为0〜法0）

F.滑动变阻器（阻值为0〜200

G.电键S和导线若干

为了正确改装，用如图甲的电路来测量出电流表G的量程和内电阻，该同学的实验操作过程为：

（1）将选好的实验仪器按图甲所示电路连接，电阻箱％应选,滑动变阻器7?2应选（用仪

器前的字母序号表示）；

（2）将滑动变阻器的滑片P移至滑动变阻器的接近右端处，将电阻箱均阻值调至最大，闭合电键S；接

着交替移动滑片P和调节电阻箱比直至电流表G满偏且标准电流表4有一个合适的读数，记录此

时标准电流表4的示数/、电阻箱的阻值占

（3）向左移动滑片P至滑动变阻器的另一位置，再次调节电阻箱&直至电流表G满偏，记录此时标准

电流表4的示数，和电阻箱的阻值此

（4）重复步骤（3）3〜5次；

（5）该同学将实验中记录的各组标准电流表4的示数/和电阻箱的阻值%的数据在/一》图中正确地描

好点（如图乙），请你在图中完/一番图线。

（6）根据图线可以求得电流表G的量程为A,内电阻为n。

将电流表G与一个阻值为n的电阻串联就可以组成量程为0〜30U的伏特表。

四、简答题（本大题共1小题，共12.0分）

13.如图所示，电源电动势E=12U,内阻r=30,&=10,直流电动机内阻&'=1仅当调节滑动

变阻器长,使甲电路输出功率最大.调节/?2使图乙电路输出功率也最大，且此时电动机刚好正

常工作（其额定输出功率为2W）,求此时当和/?2连入电路部分的阻值.

五、计算题（本大题共3小题，共40.0分）

14.如图所示，小球4从半径为R=0.8m的;光滑圆弧轨道的上端点以

%=3m/s的初速度开始滑下，到达光滑水平面上以后，与静止于

该水平面上的钢块B发生碰撞，碰撞后小球4被反向弹回，沿原路

进入轨道运动恰能上升到它下滑时的出发点（此时速度为零）.设4、B碰撞机械能不损失，g取

10m/s2,求：

（1）小球4刚滑上水平面的速度.

（2）4和B的质量之比.

15.如图所示，一上端开口，下端封闭的长度为60cm的细长玻璃管，底部封有一定质量的可视

为理想气体的长L=12cm的空气柱，上部有长乙2=38cm的水银柱，已知大气压强为用=

76cmHg.如果使玻璃管在竖直平面内缓慢地转动到开口向下，求在转动至水平位置和开口

向下位置时管中空气柱的长度？（在转动过程中没有发生漏气，外界温度恒定，计算结果保留两

位有效数字，已知=18.9）

16.如图所示，一半径为R的扇形40B为透明柱状介质的横截面，圆心角

乙40B=60。.一束平行于角平分线。”的单色光由。4射入介质，折射光线

平行于。8且恰好射向M(不考虑反射光线，已知光在真空中的传播速度为

c).

(i)求从4MB面的出射光线与进入柱状介质的入射光线的夹角;

(ii)光在介质中的传播时间.

参考答案及解析

1.答案：B

解析：

小球在光滑水平面上做匀速圆周运动，靠拉力提供向心力，根据向心力公式判断何时绳子容易断。

解决本题的关键知道向心力的来源，抓住不变量，结合向心力公式进行求解。

A.两个小球以相同的线速度运动时，根据绳子越短，向心力越大，绳子越容易断，故A错

r

误；

8.两个小球以相同的角速度运动时，根据F=mno2知，绳子越长，向心力越大，绳子越容易断，故

8正确；

y

C.两个球以相同的周期运动时，根据F=M•生匚知，绳子越长，向心力越大，绳子越容易断，故C错

T2

误；

D结合4BC知，。错误。

故选8。

2.答案：B

解析：解：力、在a、3、x、y四种射线中，其中不属于电磁波的为%/?射线.故A错误；

B、氢原子由低能级向高能级跃迁时需要吸收光子能量，原子系统总能量增加，故8正确；

C、0衰变中产生的0射线实际上是原子核中的中子转变成质子，而放出电子，故C错误；

。、卢瑟福在用a粒子轰击金箔的实验中发现了质子，提出原子核式结构学说，故。错误；

故选：B.

电磁波有：无线电波、红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、y射线.氢原子由低能级向高能级跃迁

时需要吸收光子能量.

3射线实际上是原子核中的中子放出来电子.

考查电磁波谱的组成和基本射线的特性、能级的跃迁、£射线的实质，a粒子散射实验，加强记忆.

3.答案：A

解析：解：A、B、对挂钩受力分析，如图

设挂钩为0,A0CB是等腰三角形，OB=0C,

从B移到当时，有：

A0-sind+OB-sin0=AO'-sina+O'-sina

故。=a,即悬点从B移到4或4，细线与杆的夹角不变；

根据平衡条件，有

2Tcos6—mg

故A正确，8错误；

C、。、绳子右端的B点在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，角度8变小，故绳子拉力7变小.故

C、。错误.

故选A.

对挂钩受力分析，根据平衡条件结合几何关系列式求解；悬点从B移到当或B2,细线与杆的夹角不

变；杆左右移动时，细线与杆的夹角改变.

本题关键根据几何关系，得到两种移动方式下，绳子与竖直方向的夹角的变化情况，然后根据共点

力平衡条件列式求解.

4.答案：A

解析：解：设质点的初速度为则动能以1=3瓶"2,由于末动能变为原来的9倍，则可知，末速度

为原来的3倍，故有：V'=3v；

故平均速度为：5=等=24

根据位移公式可知：＞

联立解得：v=^;

根据加速度定义可知：。=r=等=*，故A正确，BCO错误。

故选：i4o

根据动能的变化可求出初末速度间的关系，再根据平均速度公式可求出平均速度，则由位移公式即

可明确速度与位移时间的关系，再由加速度的定义即可求出质点的加速度。

本题考查动能以及运动学规律的问题，要注意明确功能变为9倍所隐含的信息，从而求出速度关系，

同时还要注意应用平均速度公式。

5.答案：A

解析：解：力、小球从静止4点释放，能沿挡板内侧运动到。点抛出，知小球在4B段的合力方向沿48

向下，则电场力方向水平向右，小球一定带正电，故A正确；

8、小球能从挡板内侧运动到D点抛出，知小球与与挡板间有弹力，根据段垂直于挡板方向上的合

力为零，有qEcos45°=N+mgcos45°,则qE>mg.故8错误；

C、小球在下滑过程中，运动的电场力与重力的合力最大时速度最大，该位置应在。点右侧，故C错

误

£）、小球从4运动到B,电场力做正功，电势能减小，故。错误

故选：4。

根据小球的运动情况，可知小球的合力方向，得知小球的电场力方向，从而得知小球的电性。小球

沿挡板内侧运动，根据段垂直于挡板方向上的合力为零，判断电场力与重力的大小关系，根据电

场力做功判断电势能的变化

解决本题的关键会根据物体的运动情况判断其受力情况，从而得出电场力的方向以及与重力的大小

的关系，注意明确电场力做功与电势能之间的关系。

6.答案：AD

解析：解：4在0-1s时间内，其加速度为的=詈=?m/s2=-9m/s2,①

根据牛顿第二定律可知：F-mgsin37°-p.mgcos37°=mar,②

22

1―3s时间内，其加速度大小为：a2==-^-rn/s=-lm/s,

根据牛顿第二定律得：F+fimgcos37°-mgsin37°=ma2,④

由①②③④解得："=0.5，F=2N-,故A正确,

B.0-1s物体的位移为：X]=等+1=4.5m,

F做的功为%=FX1=2x4.57=9/；

1―3s内物体的位移为：刀2=-|X2m=-2m,

F做的功为勿2=「冷=2x(-2)/=-4],

3s内恒力F对物体做功为W=名+唯=5/.故8错误；

C.3s末物体在斜面上距斜面底端的距离为x=xx+%2=2.5/；故C错误；

D3s内物体摩擦力做功为叼=一〃mgcos37°Xi4-nmgcos37°x2=-8x4.5—8x2=-52/

所以物体克服摩擦力做功为52/；故。正确；

故选：AD.

根据图象的斜率求出两个过程物体的加速度，再根据牛顿第二定律求出动摩擦因数和恒力尸的大小。

由图象的面积求解出0-1s和1-3s内发生的位移，根据W=Fx求解F所做的功以及摩擦力做的功；

解决该题的关键是掌握物体在斜面上的运动情况，能根据牛顿第二定律求解出物体在斜面上的加速

度表达式，掌握恒力做功的表达式；

7.答案：BC

解析：解：AB,据磁通量0=BS,线框右移，面积变大，磁通量增大，故A错误，B正确；

CD、据动生电动势公式E=BA,速度增大，电动势增大，故C正确，。错误；

故选：BC。

据磁通量公式。=BS判断线圈的磁通量变化；

据动生电动势公式E=BLu判断电动势大小；

本题考查磁通量公式和动生电动势公式，熟悉公式知道公式中各个物理量的含义。

8.答案：AB

解析：解：AC、根据缪与得火星的质量为：用=富，球体体积为：V=\R3,

R2T2GT23

则火星的密度为：p=?=言，故4正确、C错误；

B、火星表面的重力加速度为：g=\，故B正确；

D,因为探测器是环绕天体，无法求出其质量，根据题目中的条件，无法求出火星的自转周期。故。

错误。

故选：ABc,

根据万有引力提供向心力得出火星质量与探测器周期的关系，结合密度的公式求出火星的密度。根

据重力的大小求出火星表面的重力加速度。

本题主要是考查了万有引力定律及其应用；解答此类题目一般要把握两条线：一是在星球表面，忽

略星球自转的情况下，万有引力近似等于重力；二是根据万有引力提供向心力列方程进行解答。

9.答案：BCE

解析：解：4、布朗运动图中不规则折线是将间隔相等时间描出的悬浮颗粒的位置点按时间顺序用直

线连接起来得到的，不表示液体分子的运动轨迹。故A错误。

8、一定质量气体压强不变温度升高时，内能增大，而体积膨胀，对外做功，由热力学第一定律知，

吸收的热量一定大于内能的增加量，故8正确。

c、一定量io(rc的水变成IOOK的水蒸气，需要吸收热量，其内能增加，而分子个数、温度均不变，

表明其分子之间的势能增加，故c正确。

。、根据热力学第二定律知，一切涉及热现象的宏观现象都具有方向性，所以不可能将流散的内能

全部收集加以利用，而不引起其他变化。故。错误。

E、物体的内能是物体内所受的分子势能和动能的总和，因此物体的内能由温度、体积和物质的量决

定。故E正确。

故选：BCE。

布朗运动是悬浮在液体内的固体小颗粒的无规则运动，布朗运动图中不规则折线不表示颗粒的轨迹;

根据热力学第一定律分析内能的变化.由能量守恒定律分析水和水蒸汽分子势能的关系.物体的内

能与温度、体积和物质的量有关.

本题考查了有关分子热运动的基础知识，对于这些基础知识，平时学习不能忽略，要加强记忆与积

累.

10.答案：AC

解析：解：4、由图知这列波的波长是4m,故A正确；

B、波沿x轴正方向传播，0.3s时第一次出现虚线所示波形，则可知，=0.3,解得：T=1.2s；故

8错误；

C、由图可知，波向右传播了1小，故C正确；

D、山图可知，振幅为2。皿0.3s内M点振动4个周期，故通过的路程为一个振幅，故路程为2。皿，

故。错误。

故选：AC.

由图可明确波的波长和波传播的距离；再根据0.3s时第一次出现虚线所示的波形图，则可以确定周

期；根据M点振动时间与周期的关系确定振动路程。

本题主要是考查了波的图象的认识，要注意明确各质点的振动方向与波的传播方向间的关系，明确

质点在其平衡位置附近振动，不会随波迁移。

11.答案：0.77；0.76；C

解析：解：(1)由题意可得物体由。到。的过程中，重物高度下降了：d2=15.71cm,故重力势能的

减小量：△琮=mg△h=0.5x9.8x0.1571/«0.777；

C点速度"C=嗜=°-2340；°0951m/s=1.745m/s

动能增加量△EK=-0=|x0.5x(1.745)2=0.76/

(2)打点的同时纸带开始下落，则1、2两点间的距离接近2mm,如果1、2两点间的距离为6nun,这

是由于先释放纸带后解题电源造成的，故选C

故答案为：(1)0.77,0.76；(2)C.

(1)纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可

计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度.从而求出动能.根据功能关系由下落的高度可得重力势能

的减小量，得重力势能减小量等于重力做功的数值

(2)根据实验的原理分析纸带上第一个和第二个打点间的距离大约是6加讥的可能原因.

纸带问题的处理是力学实验中常见的问题.我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得

纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度.

12.答案：。；E；0〜2x10-3；io。；14900

解析：解：(1)因为待测电流表G的估计值为900〜1200之间，电源电动势E=4.5V,标准电流表4的

量程为。〜10mA,内电阻约为500,故电阻箱应选择D,以获得较大的测量范围，

为了保证电表的安全，应限制干路的电流，应选择最大阻值较大的滑动变阻器，故滑动变阻器&应

选E,

(5)用直线描点，完成/一《图线，如图所示：

(6)设电流表G的满偏电流为与,内电阻为先

根据支路电流之和等于干路电流可得：/=%+誓

根据(5)中图线可知：

斜率：IqRg=(l*2)Xl,p=02p

gg4XIO-2

截距：/g=2X10-34

联立可得：%=1000

设改装量程为0〜30,的伏特表，需要串联的电阻为R',

根据欧姆定律可得：Umax=Ig(Rg+R')

即:30=2x10-3(10。+?)

可得需要串联电阻的阻值：R'=1490012

故答案为:⑴D,E；(5)如图所示(6)0〜2X10-3,I。。，14900。

(1)根据实验的原理，结合误差分析，安全因素合理选择器材；

(5)根据实验数据，用直线描点即可；

(6)根据欧姆定律结合串并联电路的特点推导出/与擀的表达式，根据直线的斜率和截距求解即可，根

据串联分压的关系结合欧姆定律即可求出改装电压表所需串联的电阻阻值。

本题考查电阻的测量试验，解题关键是要认真读题，明确实验目的及原理，利用欧姆定律推导出图

象横纵坐标之间的函数关系式，再结合图象的斜率和截距进行定量求解。

13.答案：解：当电路的外电阻等于内阻时，电路的输出功率最大，所以甲图有：&=「一/?0=3。一

10=20,

对于乙图，输出的功率最大时，电动机的额定功率Po=2W,电路中电流为/,

所以有：P输伽ax=2W”Ro，+[2R2..@

又因为UR2=12V—3/一华

联立①②利用数学关系求得当%=1.5。时，乙电路的输出功率最大为10W,

答：此时治和连入电路部分的阻值分别为2。和1.50.

解析：对于甲图，当电路的内阻和外阻相等时，电路的输出功率最大，由此可以求得％连入电路部

分的阻值，对于乙图，求出最大输出的功率的表达式，利用数学知识求乙图中的电阻的大小.

对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的

计算公式是不一样的.

14.答案：解：(1)4下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：

\mAvl+mAgR=^mAvl，

代入数据得：vA=5m/s；

（2）4、B碰撞过程动量守恒，以4的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得:

fr

mAvA=-mAvA+mBvB,

由机械能守恒定律得：［叫4以=］叫4（一以'）2+:巾8"/2,

2

碰撞后，A球向左运动过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得：l