2021-2022学年新疆昌吉市高考临考冲刺物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

考生须知：

1,全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2,请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图，长/的轻杆两端固定两个质量相等的小球甲和乙，初始时它们直立在光滑的水平地面上。后由于受到微小扰

动，系统从图示位置开始倾倒。当小球甲刚要落地时，其速度大小为（）

。甲

，乙o

^77777777777777

A-EB.C.、匚D.°

2、物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学知识，推动物理学的发展.下列说法符合事实的是（）

A.英国物理学家卢瑟福第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念

B.法拉第最早在实验中观察到电流的磁效应现象，从而揭开了电磁学的序幕

C.爱因斯坦给出了光电效应方程，成功的解释了光电效应现象

D.法国学者库仑最先提出了电场概念，并通过实验得出了库仑定律

3、长均为L的两根轻绳，一端共同系住质量为“，的小球，另一端分别固定在等高的A、B两点，A、B两点间的距离

也为L,重力加速度大小为g。今使小球在竖直平面内以A、B连线为轴做圆周运动，若小球在最高点速率为v时，两

根绳的拉力恰好均为零，则小球在最高点速率为2V时，每根绳的拉力大小均为（）

4、如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为8的匀强磁场，一点电荷从图

中A点以速度均垂直磁场射入，与半径04成30。夹角，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180。，不计电荷

的重力，下列说法正确的是（）

♦xxxx

\x“XX

\/,

7切，

A.该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过。点

B.该点电荷的比荷为g=4a

mBR

冗R

C.该点电荷在磁场中的运动时间为£=「

3%

D.该点电荷带正电

5、同一平面内固定有一长直导线PQ和一带缺口的刚性金属圆环，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直

于圆环所在平面固定放置的平行金属板MN连接，如图甲所示.导线PQ中通有正弦交流电流i,i的变化如图乙所示,

规定从Q到P为电流的正方向，则在1~2s内

P

A.M板带正电，且电荷量增加

B.M板带正电，且电荷量减小

C.M板带负电，且电荷量增加

D.M板带负电，且电荷量减小

6、我国计划于2020年发射火星探测器，如图是探测器到达火星后的变轨示意图，探测器在轨道I上的运行速度为片，

在轨道n上p点的运行速度为也，。点的运行速度为匕，在轨道in上尸点的运行速度为山，R点的运行速度为%,则

下列关系正确的是

轨道m.........................

广”轨道

R，Q］轨道叫

A.v2<v.B.Vj<v3

C.v4>v2D.”>匕"

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图1所示，光滑的平行竖直金属导轨48、。相距〃在A、C之间接一个阻值为K的电阻，在两导轨间Med

矩形区域内有垂直导轨平面竖直向上、宽为5d的匀强磁场，磁感应强度为8,一质量为，小电阻为人长度也刚好为

L的导体棒放在磁场下边界必上（与必边重合）,.现用一个竖直向上的力尸拉导体棒，使它由静止开始运动，己知

导体棒离开磁场前已开始做匀速直线运动，导体棒与导轨始终垂直且保持良好接触，导轨电阻不计，尸随导体棒与初

始位置的距离x变化的情况如图2所示，下列判断正确的是（）

A.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为四<

2〃2g（R+尸）

导体棒离开磁场时速度大小为

B.B'l}-

C.离开磁场时导体棒两端电压为也里

BL

2Mg2（R+「）

D.导体棒经过磁场的过程中，电阻R产生焦耳热为9mgd-

B4L4

8、荷兰某研究所推出了2023年让志愿者登陆火星、建立人类聚居地的计划.登陆火星需经历如图所示的变轨过程,

已知引力常量为G,则下列说法正确的是

轨道风,•一

，/轨ley

A.飞船在轨道上运动时，运行的周期Tm>Tn>Ti

B.飞船在轨道i上的机械能大于在轨道n上的机械能

c.飞船在尸点从轨道n变轨到轨道I,需要在P点朝速度反方向喷气

D.若轨道I贴近火星表面，已知飞船在轨道I上运动的角速度，可以推知火星的密度

9、如图所示.轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，右端接

一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体8相连。开始时用手托住B,让细线恰好伸直然后由静止释放B,直至B获得

最大速度。下列有关该过程的分析正确的是（）

A.B物体的动能增加量小于B物体重力势能的减少量

B.B物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的增加量

C.细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量

D.合力对A先做正功后做负功

10、如图所示，在某一峡谷的两侧存在与水平面成相同角度的山坡，某人站在左侧山坡上的尸点向对面的山坡上水平

抛出三个质量不等的石块，分别落在4、8、C三处，不计空气阻力，A、C两处在同一水平面上，则下列说法正确的

是（）

A.落到A、B、C三处的石块落地速度方向相同

B.落到4、8两处的石块落地速度方向相同

C.落到5、C两处的石块落地速度大小可能相同

D.落到C处的石块在空中运动的时间最长

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）为了测量一待测电阻&的阻值，准备了以下器材：

A.多用电表

B.电流表Gi（0~100mA,内阻约5。）

C.电流表G2（0~50mA,内阻r2=10。）

D.定值电阻Ro（20。）

E.滑动变阻器修（0-5Q）

F.滑动变阻器R2(0-100£2)

G直流电源(3.0V,内阻不计)

H.开关一个及导线若干

(1)用多用电表欧姆表“xl”挡粗测电阻时，其阻值如图甲中指针所示，则&的阻值大约是

(2)滑动变阻器应选________(填仪器前的序号)。

(3)若是用G2表测&两端电压，请在图乙对应的虚线框中完成实验电路设计(要求：滑动变阻器便于调节，电表读

数不得低于量程的()

(4)补全实验步骤：

«.按图乙所示电路图连接电路，将变阻器滑动触头移至最端(选填“左”或“右”)；

b.闭合开关S,移动变阻器滑动触头至某一位置，记录Gi、G2表的读数八、h；

C.多次移动变阻器滑动触头，记录相应的Gl、G2表的读数八、h；

d.以为纵坐标，八为横坐标，作出相应图线如图丙所示，则待测电阻区的阻值为。(保留两位有效数字)。

12.(12分)如图所示，是把量程为0~10mA的电流表改装成欧姆表的结构示意图，其中电池电动势E=L5V。

(1)经改装后，若要确定“0”。刻度位置，应将红、黑表笔短接，并调节滑动变阻器/?的阻值，使原电流表指针指到

____________mA刻度处；

(2)改装后的欧姆表的内阻值为。，电流表2mA刻度处应标

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，一对平行光滑轨道放置在水平面上，两轨道相距L=lm,两轨道之间用电阻K=2C连接，有

一质量机=0.5kg的导体杆静止地放在轨道上与两轨道垂直，杆及轨道的电阻皆可忽略不计，整个装置处于磁感应强度

B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上。现用水平拉力尸沿轨道方向拉导体杆，使导体杆从静止开始做匀

加速运动。经过位移x=0.5m后，撤去拉力，导体杆又滑行了x，=1.5m后停下。求：

(1)整个过程中通过电阻R的电荷量q；

⑵拉力的冲量大小

(3)整个过程中导体杆的最大速度vm；

(4)在匀加速运动的过程中，拉力尸与时间，的关系式。

14.(16分)如图所示的直角坐标系xOy,在其第二象限内有垂直纸面向里的匀强磁场和沿y轴负方向的匀强电场。

虚线04位于第一象限，与y轴正半轴的夹角在60。，在此角范围内有垂直纸面向外的匀强磁场；OA与y轴负半轴所

6

夹空间里存在与平行的匀强电场，电场强度大小E=10N/Co一比荷9=lxlOC/kg的带电粒子从第二象限内M点以

速度y=2.0xl伊m/s沿x轴正方向射出，M点到x轴距离d=L0m,粒子在第二象限内做直线运动；粒子进入第一象限

后从直线04上的尸点(尸点图中未画出)离开磁场，且。尸=/不计粒子重力。

(1)求第二象限中电场强度和磁感应强度的比值今；

(2)求第一象限内磁场的磁感应强度大小B；

(3)粒子离开磁场后在电场中运动是否通过x轴？如果通过x轴，求其坐标；如果不通过x轴，求粒子到x轴的最小距

离。

15.(12分)如图(甲)所示，粗糙直轨道OB固定在水平平台上，A是轨道上一点，3端与平台右边缘对齐，过5

点并垂直于轨道的竖直面右侧有大小E=1.0X10，N/C,方向水平向右的匀强电场。带负电的小物体P电荷量是2.0x10-

5C,质量为m=lkg。小物块P从0点由静止开始在水平外力作用下向右加速运动，经过0.75s到达A点，当加速到4m/s

时撤掉水平外力F,然后减速到达B点时速度是3m/s,F的大小与P的速率v的关系如图(乙)所示。P视为质点，

P与轨道间动摩擦因数〃=0.5,直轨道上表面与地面间的距离为/i=1.25m,P与平台右边缘碰撞前后速度大小保持不变,

忽略空气阻力，取g=10m/s2。求：

(DP从开始运动至速率为Im/s所用的时间；

(2)轨道OB的长度；

(3)P落地时的速度大小。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

甲、乙组成的系统水平方向动量守恒，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：

二二三-三=。

当小球甲刚要落地时，水平方向上的速度为零，所以乙球的速度也为零，乙球的动能为零，甲球的重力势能全部转化

为甲球的动能，由机械能守恒定律得：

解得：

—三=\------

A..与计算结果不符，故A不符合题意。

B.、一与计算结果不符，故B不符合题意。

C.、一与计算结果相符，故C符合题意。

D.0与计算结果不符，故D不符合题意。

2、C

【解析】

玻尔第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，选项A错误；奥斯特最早在实验中观察到电流的磁

效应现象，从而揭开了电磁学的序幕，选项B错误；爱因斯坦给出了光电效应方程，成功的解释了光电效应现象，选

项C正确；法拉第最先提出了电场概念，库伦通过实验得出了库仑定律，选项D错误；故选C.

3、A

【解析】

小球在最高点速率为v时，两根绳的拉力恰好均为零，有：mg=m三，当小球在最高点的速率为2V时，根据牛顿第二

定律有：rng+2rcos30°=m»解得：T=\=,故选A.

4、B

【解析】

A、

X史.

Xx/

X」

如图所示，点电荷在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系作出点电荷运动轨迹有：

电荷在电场中刚好运动T/L电荷做圆周运动的半径r=Rsin30<>=R/L

A.如图，电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过O点，故A错误；

B.根据洛伦兹力提供向心力有4%3=加或，所以："=?=铛，故B正确；

rinBrRB

T12万丫TIR

C.由图知该电荷在磁场中运动的时间=——,故C错误；

D.根据电荷偏转方向，由左手定则可知，该电荷带负电，故D错误.

故选B

5、A

【解析】

在卜2s内，穿过金属圆环的磁场垂直于纸面向里，磁感应强度变小，穿过金属圆环的磁通量变小，磁通量的变化率变

大，假设环闭合，由楞次定律可知感应电流磁场与原磁场方向相同，即感应电流磁场方向垂直于纸面向里，然后由安

培定则可知感应电流沿顺时针方向，由法拉第电磁感应定律可知感应电动势增大，由此可知上极M板电势高，带正电,

电荷量增加，故A正确，B、C、D错误；

故选A.

6^C

【解析】

A.在轨道I上尸点的速度小于轨道n上尸点的速度，选项A错误；

B.在轨道I上的速度大于经过。点的圆轨道上的速度，即大于轨道II上。点的速度，选项B错误；

C.探测器在轨道I上运行，若经过尸点时瞬时加速，就变成椭圆轨道，而且在尸点加速时获得的速度越大，椭圆轨

道的远火星点就越远，轨道m的远火星点R比轨道n上的远火星点。更远，因此为>为，选项c正确；

D.设尸点到火星中心的距离为r,。点到火星中心的距离为n，R点到火星中心的距离为小由开普勒第二定律有：

v,V.

均「=匕4，v4r=v5r2,4>4，则丁〈丁，选项D错误.

故选C.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7,B

【解析】

p2r2

设导体棒离开磁场时速度大小为V.此时导体棒受到的安培力大小为：F.由平衡条件得：F=F$+mg；由

女R+r

2mg(R+r)

图2知：F=3mg,联立解得:.故B正确.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为:

B2I3

△①B-5dL5BLd…、口j,2ms„

q------=-------=------.故A错误.离开磁场时，由FnWL+mg得：/=----,导体棒两端电压为:

R+rR+rR+rBL

U=/R=2fE.故C错误.导体棒经过磁场的过程中，设回路产生的总焦耳热为Q.根据功能关系可得：

BL

|R

Q=WF-mg^d--mv2,而拉力做功为：W¥=2mgd+3mg94d=14mgd；电阻R产生焦耳热为：。我=-----Q；联立解得:

2R+r

9mgdRB&〃-2m3gK(R+4

QR=.故D错误.

B4If(R+r)

8、AD

【解析】

A.根据开普勒第三定律1

k,可知，飞船在轨道上运动时，运行的周期故A正确。

BC.飞船在/,点从轨道n变轨到轨道I,需要在点朝速度方向喷气，从而使飞船减速到达轨道I,则在轨道I上机

械能小于在轨道II的机械能。故BC错误。

M

Mm

D.据万有引力提供圆周运动向心力G铲=mRay,火星的密度为:4乃R…联立解得火星的密度:

3疗

4^G

故D正确。

9、AC

【解析】

A.由于A、B和弹簧系统机械能守恒，所以B物体重力势能的减少量等于A、B增加的动能以及弹性势能，故A正

确；

B.整个系统机械能守恒，所以B物体机械能减少量等于A物体与弹簧机械能的增加，故B错误；

C.根据功能关系除重力和弹簧弹力以外的力即绳子的拉力等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量，故C正

确；

D.由题意由静止释放B,直至B获得最大速度，该过程中A物体的速度一直在增大，所以动能一直在增大。合力一

直对A做正功，故D错误。

故选AC。

10、BC

【解析】

试题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合

水平位移和时间比较初速度.知道速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍.

解：A、因为速度方向与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，A、B两点的位移方向相同，

与落在C点的位移方向不同，所以A、B两点的速度方向相同，与C点的速度方向不同，故A错误，B正确.

C、落在B点的石块竖直分速度比C点竖直分速度大，但是B点的水平分速度比C点水平分速度小，根据平行四边形

定则可知，两点的速度大小可能相同，故C正确.

D、高度决定平抛运动的时间，可知落在B点的石块运动时间最长.故D错误.

故选BC.

点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道速度方向与水平方向夹角的正切值是

位移与水平方向夹角正切值的2倍.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、9（或9.0）左10

【解析】

(1)[1]多用电表用欧姆表盘的读数乘以倍率即为待测电阻阻值

9xlC=9c

(2)[2]滑动变阻器采用分压式接入电路，所以选择阻值较小的滑动变阻器便于调节分压，即选E。

(3)[3|电路中没有电压表，电流表G2的内阻已知，可作为电压表使用，电流表G1采用外接方式可以消除系统误差,

使测量结果更精确，定值电阻凡串联在分压电路上，起到保护电路的作用，电路图如图

11

~cS——

(5)[4]滑动变阻器的触头在开始实验前，需要滑到最左端保护电路，使电表的示数都从0开始变化。

⑸根据电路图结合欧姆定律的分流规律可得

A=4+—

R、

整理得

9+弓

结合图像的斜率

&6△/,37.5x10'

---——=--------=——==05

RK+r25+lOQA/,75x10-3

解得

4=10Q

12、10150600

【解析】

⑴口]根据闭合欧姆定律

I=---

RAjR5。

可知，当电流最大时，测量电阻最小，即若要确定“0”。刻度位置，应将红、黑表笔短接，并调节滑动变阻器R的阻

值，使原电流表指针指到10mA刻度处

(2)⑵改装后欧姆表的内阻为

E15

R,=巴=：Q=150Q

s/„10x10-3

[3J2mA刻度处标

E15

R=--/?,=(—1-150)Q=600Q

Ig2xl(y3

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)2C(2)4kg-m/s(3)6m/s(4)F=72/+18(N)

【解析】

(1)导体杆切割磁感线产生的感应电动势

卜①

E=——

△t

回路中电流

E

/——

R

通过电阻K的电荷量

△①

q=IAt=-----

R

磁通量A0=BLAx,又Ax=x+x,

代入数据可得

BLl\x2xlx(0.5+1.5)

q=--------=------------------------C=2C

R2

(2)根据动量定理

IF-FSAZ=0-0

F^=BIL,M为导体杆整个过程中所用时间

lF=BIL\t=BLq

所以

/?=4kg-m/so

(3)当撤去力尸后，根据楞次定律可以判断感应电流必定阻碍导体杆的相对运动，所以杆做减速运动，杆的最大速

度应该为撤去外力F瞬间的速度。

撤去F之后通过电阻R的电荷量为

BLx

q2~~R~

撤去外力尸之后，以水平向右为正方向，根据动量定理，则

=

-25L^2O­/WVm

联立上式得导体杆的最大速度为

vm=6m/s

(4)根据受力分析可知

BLv

F-B-----L=ma

R

2

由运动学公式v=at,vm=2«x

可解得

<i=36m/s2

联立上式可得关系式为

F=72Z+18(N)

14、(DZOxltfm/s；(2)2X10-3T;(3)不会通过，0.2m

【解析】

(1)由题意可知，粒子在第二象限内做匀速直线运动，根据力的平衡有

qvB°=qE0

解得

^-=2.0xl03m/s

B°

(2)粒子在第二象限的磁场中做匀速圆周运动，由题意可知圆周运动半径

R=d=