2024届广东省揭阳市第三中学物理高二第一学期期中达标测试试题含解析

2024届广东省揭阳市第三中学物理高二第一学期期中达标测试试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、实验室有一盏“40V5.0A”的弧光灯，要使它接入220V的电路中能正常工作，应该()A．串联一个阻值为36Ω的电阻后接入电路中B．串联一个阻值为72Ω的电阻后接入电路中C．并联一个阻值为36Ω的电阻后接入电路中D．并联一个阻值为72Ω的电阻后接入电路中2、有一长方形导体，长a、宽b、高h之比为6∶1∶2，它的六个面的中心各焊接一根电阻不计的导线，如图所示，分别将AA'、BB'、CC'接在同一恒压电源上时，导体中电荷定向移动的速度分别为v1、v2、v1．则v1：v2：v1为()A．6∶1∶2B．1∶1∶1C．2∶1∶6D．1∶2∶13、两列相干水波的叠加情况如图所示，水波可看做横波，图中的实线表示波峰，虚线表示波谷。设两列波的振幅均为5cm，且在图示的范围内振幅不变，波速和波长分别为1m/s和1m。C点是BE连线的中点，下列说法正确的是A．F、Q两点都保持静止不动B．图示时刻A、B两点的竖直高度差为10cmC．从图示的时刻起经0.5s后，B点通过的路程为10cmD．图示时刻C点正处在平衡位置且向下运动4、关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．电路中，当电阻变大时，电源的电动势也增大5、真空中甲、乙两个固定的点电荷，相互作用力为F，若甲的带电量变为原来的2倍，乙的带电量变为原来的8倍，要使它们的作用力仍为F，则它们之间的距离变为原来的（）A．2倍 B．4倍 C．8倍 D．16倍6、如图所示，竖直放置的长直导线通有恒定电流，侧旁小磁针N极的最终指向应为()A．平行纸面向右B．平行纸面向左C．垂直纸面向里D．垂直纸面向外二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为光敏电阻，C为电容器，L为小灯泡，电表均为理想电表，闭合开关S后，若增大照射光强度，则（）A．小灯泡的功率增大B．电容器上的电荷量增加C．电源的输出功率增大D．两表示数变化量的比值||不变8、将一质量为1kg的小球以v0=4m/s的速度从A点竖直上抛，经1s后到达B点，若选竖直向上方向为正方向，不计空气阻力，g取10m/s2，以下说法正确的是A．小球到达B点时的速度为－6m/sB．小球到达B点时的动量为6kg•m/sC．小球从A点运动到B点的过程中，重力的冲量为10N•sD．小球从A点运动到B点的过程中，动量的变化量为－10kg•m/s9、如图所示，电源电动势E=9V，内电阻r=4.5Ω，变阻器Rl的最大电阻Rm=5.0Ω，R2=1.5Ω，R3=R4=1000Ω，平行板电容器C的两金属板水平放置．在开关S与a接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，在平板电容器正中央引入一带电微粒，也恰能静止．那么（）A．在题设条件下，接入电路的阻值为，电源的输出功率为B．引入的微粒带负电，当开关接向未接触的过程中，微粒将向下运动C．在题设条件下，的阻值增大时，两端的电压增大D．在题设条件下，当开关接向b后，流过的电流方向为10、如图所示,电荷量和质量都相同的带正电粒子以不同的初速度通过A、B两板间的加速电场后飞出,不计重力的作用,则()．A．它们通过加速电场所需要的时间相等B．它们通过加速电场过程中动能的增量相等C．它们通过加速电场的过程中速度的增量相等D．它们通过加速电场的过程中电势能的减少量相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线，现有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～15V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.4Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻1Ω）E.滑动变阻器（最大阻值为10Ω，允许最大电流为2A）F.滑动变阻器（最大阻值为500Ω，允许最大电流为1A）G.学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙所示的电路图来完成实验，其理由是__________：（2）实验中所用电压表应选用_______，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________.（用序号字母表示）12．（12分）某实验小组利用如图甲所示的电路测定两节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差。（1）该小组记录了6组数据，在坐标纸上画出U-I图线如图乙所示。可以测得两节干电池的电动势E＝_____V，内电阻r＝_____Ω（结果保留两位小数）（2）为测量某锂电池的电动势E和内阻r，小红设计了如上图乙所示的电路图。根据测量数据作出﹣图象如图丙所示，若该图线的斜率为k，纵轴截距为b，则该锂电池的电动势E＝_____，内阻r＝_____。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一束初速不计的电子在经U的加速电压加速后，在两极板间的中点处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离d，板长l，偏转电场只存在于两个偏转电极之间．已知电子质量为m，电荷量为e，求：（1）电子离开加速电场时的速度大小（2）要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压U'？14．（16分）如图所示，在xOy坐标系中，两平行金属板如图放置，OD与x轴重合，板的左端与原点O重合，板长L=2m，板间距离d=1m，紧靠极板右侧有一足够大荧光屏.两金属板间电压UAO随时间的变化规律如图所示，变化周期为T=2×10-3s,U0=5×103V,t=0时刻一带正电的粒子从左上角A点，以平行于AB边v0=1000m/s的速度射入板间，粒子电量为q=1×10-5C,质量m=1×10-7kg.不计粒子所受重力.求：(1)粒子在板间运动的时间；(2)粒子打到屏上的速度；(3)若A处的粒子源以平行于AB边v0=1000m/s的速度连续不断发射相同粒子，求荧光屏上的光带长度是多少？若向右移动荧光屏，屏上光带位置和长度如何变化（写出结论，不要求计算过程）。15．（12分）如图所示，一个半径R=m的圆形靶盘竖直放置，A、O两点等高且相距4m，将质量为10g的飞镖从A点沿AO方向抛出，经0.1s落在靶心正下方的B点处．不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s1．求：(1)飞镖从A点抛出时的速度大小；(1)飞镖从A处抛出到落到B处的过程中减少的重力势能；(3)为了使飞镖能落在靶盘上，飞镖抛出的速度大小应满足什么条件？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

弧光灯正常工作时，它两端的电压应是40V，所以，就需要串联一个电阻分担电压，利用欧姆定律，代入数值，即可求得。【题目详解】电阻需要分担的电压为：U=220V-40V=180V。由串联电路的特点，各处电流相等，则有：故选：A。【题目点拨】本题考查了欧姆定律的应用和串联电阻分压的知识点。要注意明确串联电路中电流相等，由额定值可求得电路中的电流。2、D【解题分析】

根据欧姆定律将AA'、BB'、CC'接在同一恒压电源上时，其电流分别为：、、，结合电流的微观表达式：、、代入数据可以得到：，故选项D正确，选项ABC错误．【题目点拨】本题主要考查电阻定律以及电流的微观表达式的应用问题，注意不同的接法，其导体的长度与横截面积不同．3、A【解题分析】

A．F、Q两点均为波谷与波峰相遇为振动减弱点，由于两列波的振动步调相反，所以F、Q两点都保持静止不动，故A正确；B．点A是波峰与波峰相遇，B点是波谷与波谷相遇，它们均属于振动加强点；由于振幅是5cm，A点是波峰与波峰相遇，则A点相对平衡位置高10cm，而B点是波谷与波谷相遇，则B点相对平衡低10cm。所以A、B相差20cm，故B错误；C．周期从图示的时刻起经0.5s后，B点通过的路程为故C错误；D．图示时刻点C处于平衡位置，两列波单独引起的速度均向上，故点C此时的合速度向上，故D错误。故选A。4、C【解题分析】解：A项，电压表测得的是电源电压，小于电动势，故A项错误。B、D项，电动势是非静电力在电源内部移送单位电荷所做的功，电动势是电源本身的属性，与外接电路无关，故B、D项错误。

C项，电动势衡量电源将其他形式的能转化为电能的本领大小，故C项正确。5、B【解题分析】试题分析：由库仑定律可得：；当甲的带电量变为原来的2倍，即2Q；乙的带电量变为原来的8倍，即8q由于作用力相等，所以变化后距离变为原来的4倍故选B．考点：考查库仑定律的直接应用，点评：由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得相等的相互作用力对应的距离．6、D【解题分析】试题分析：当导线中通过图示方向的电流时，产生磁场，根据安培定则判断磁场的方向．小磁针处于磁场中，N极受力方向与磁场方向相同．根据磁场方向判断小磁针的转动方向．解：当导线中通过图示方向的电流时，根据安培定则判断可知，小磁针所在处磁场方向垂直纸面向外，小磁针N受力向外，S极受力向里，故D正确，ABC错误．故选D．【点评】判断电流方向与磁场方向的关系是运用安培定则．小磁针N极受力方向与磁场方向相同．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

A．增大光强，电阻R2的电阻变小，电路中的总电阻变小，总电流变大，根据P=I2R可知，小灯泡的功率增大，选项A正确；B．电容器两端电压为灯泡与R2串联后的分压，因为总电流增大，所以内电阻和定值电阻R1的分压均变大，根据闭合电路欧姆定律U=E-I（r+R1）可知，灯泡与R2串联后的分压变小，电容器两端电压变小，由Q=CU可知电容器上的电荷量减小，选项B错误；C．电源的输出功率为：，由已知条件无法知道外电路总电阻与电源内阻的大小关系，所以电源的输出功率无法确定，选项C错误；D．两表测量的数据表示定值电阻两端的电压和流过定值电阻的电流，根据欧姆定律可知，两表示数变化量的比值||不变，等于定值电阻的阻值，选项D正确．8、AD【解题分析】

A．小球到达点时的速度为选项A正确；B．小球到达B点时的动量为选项B错误；C．小球从A点运动到B点的过程中，重力的冲量为选项C错误；D．小球从A点运动到B点的过程中，动量的变化量等于重力的冲量，为－10kg•m/s，选项D正确。9、AD【解题分析】

根据当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大去求解；对微粒进行受力分析，根据微粒处于平衡状态，判断出微粒的电性．当开关接向b（未接触b）的过程中，电容器电荷量未变，从而判断出微粒的运动状况；电路的动态分析抓住电动势和内阻不变，结合闭合电路欧姆电路进行分析；找出开关接a和接b上下极板所带电荷的电性，即可确定出电流的方向．【题目详解】在开关S与a接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，可知，则电源的输出功率，A正确；在开关S与a接触且当电路稳定时，在平板电容器正中央引入一带电微粒，也恰能静止微粒受重力和电场力平衡而上极板带正电，可知微粒带负电当开关接向未接触的过程中，电容器所带的电量未变，电场强度也不变，所以微粒不动，B错误；电容器所在的支路相当于断路，在题设条件下，和及电源构成串联电路，的阻值增大时，总电阻增大，总电流减小，两端的电压减小C错误；在题设条件下，开关接a时，上极板带正电，当开关接向b后，下极板带正电，流过的电流方向为，D正确．10、BD【解题分析】根据牛顿第二定律得，粒子的加速度，可知加速度相等，因为初速度不同，根据位移时间公式知，运动的时间不同．根据△v=at知，速度的变化量不同，故AC错误．根据动能定理得，qU=△Ek，知电场力做功相同，则动能的增量相同．故B正确．因为电场力做做功相等，根据电场力做功与电势能的关系知，电势能的减小量相等．故D正确．故选BD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始，并要多取几组数据；(2)A，D，E【解题分析】

（1）[1]描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，并要多取几组数据，滑动变阻器应选择分压接法；（2）[2]灯泡额定电压为4V，电压表应选A；[3]灯泡额定电流电流表应选D；[4]为方便实验操作，滑动变阻器应选择总阻值较小的E。12、2.950.70~0.72【解题分析】

(1)[1][2]由图示电源U-I图象可知，纵截距为电源电动势：E=2.95V图像的斜率为电源内阻：(2)[3][4]由图乙所示电路可知，则因此图象的纵轴截距故电动势为图象的