2023-2024学年广东六校高三上学期第一次联考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12024届高三第一次六校联考试题物理一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.太阳内部有多种热核反应，其中一个反应方程是，以下说法正确的是（）A.X是质子 B.该核反应属于α衰变C.该核反应属于核聚变 D.该反应是现在核电站中的主要核反应〖答案〗C〖解析〗A．根据质量数和电荷数守恒可得核反应方程为可知X是中子，故A错误；BC．该核反应为热核反应，属于核聚变，故B错误，C正确；D．现在核电站中的主要核反应是核裂变，故D错误。故选C。2.某运动员以如图所示的姿势蹲在水平地面上，则该运动员（）A.一定受到摩擦力 B.所受压力就是重力C.受到的支持力和重力是一对平衡力 D.受到的支持力是由于脚掌形变产生的〖答案〗C〖解析〗A．运动员以题图所示的姿势蹲在水平地面上，处于平衡状态，在水平方向没有相对运动，也没有相对运动的趋势，因此不受摩擦力的作用，A错误；B．运动员所受的压力是水平地面的形变产生的作用，重力是地球的吸引力产生，因此所受压力不是重力，B错误；C．运动员受到的支持力和重力大小相等，方向相反，是一对平衡力，C正确；D．运动员受到的支持力是由于水平地面的形变产生的，D错误。故选C。3.在x轴方向存在一静电场，其φ-x图像如图所示，一电子以一定的初速度沿x轴从O点运动到x4，电子仅受电场力，则该电子（）A.在x1处电势能最小B.从x2到x3受到的电场力和从x3到x4受到的电场力方向相反C.在x1处受到的电场力最大D.在x3处电势为零，电场强度也为零〖答案〗A〖解析〗A．电荷在某点的电势能为由公式可知，负点电荷在电势越大的地方，电势能越小，所以该电子在x1处的电势能最小，故A正确；B．x2到x3的场强方向向右，x3到x4的场强方向向右，所以电子在x2到x3和x3到x4受到的电场力方向都是向左，方向相同，故B错误；C．φ-x图像中斜率表示电场强度，可知电子在x1处受到的电场力为0，故C错误；D．φ-x图像中斜率表示电场强度，x3处的斜率不为0，所以x3处的电场强度不为0，故D错误；故选A4.如图（a），我国某些农村地区人们用手抛撒谷粒进行水稻播种。某次同时抛出的谷粒中有两颗的运动轨迹如图（b）所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点均为O，且轨迹交于P点，抛出时谷粒1和谷粒2的初速度分别为v1和v2，其中v1方向水平，v2方向斜向上。忽略空气阻力，关于两谷粒在空中的运动，下列说法正确的是（）A.谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度 B.谷粒2在最高点的速度小于v1C.两谷粒同时到达P点 D.谷粒2先到P点〖答案〗B〖解析〗A．抛出的两谷粒在空中均仅受到重力作用，加速度均为重力加速度，故谷粒1的加速度等于谷粒2的加速度，故A错误；CD．谷粒2做斜上抛运动，谷粒1做平抛运动，均从O点运动到P点，故位移相同。在竖直方向上谷粒2做竖直上抛运动，谷粒1做自由落体运动，竖直方向上位移相同，故谷粒2运动时间较长，故CD错误；B．谷粒2做斜上抛运动，水平方向上为匀速直线运动，故运动到最高点的速度即为水平方向上的分速度；与谷粒1比较水平方向上位移相同，但运动时间较长，故谷粒2在水平方向上的速度较小，即最高点的速度小于v1，故B正确。故选B。5.由两种不同频率的光组成的复色光以相同的入射角射到介质I和II的界面MN，折射后分为a、b两束光。若a、b光的频率分别fa和fb，在介质I中传播速度分别为va和vb下列说法正确的是（）A.频率fa小于fbB.如果介质II是玻璃，介质I可能是空气C.增大复色光的入射角，b光先发生全反射D.在介质I中的，传播速度va小于vb〖答案〗D〖解析〗A．根据折射率公式可知a光在介质II对介质I的相对折射率比b在介质II对介质I的相对折射率大，故a光比b光的频率大，故A错误；B．光在介质II中的传播方向偏离法线更远，则说明光在介质II中传播速度更大，介质II相对介质I是光疏介质，故B错误；C．增大复色光的入射角，a、b两束光的折射角都增大，但a光折射角总大于b光的折射角，故a光先发生全反射，故C错误；D．根据在介质中折射率越大的光传播速度越小，a光比b光的频率大，在介质I中的，传播速度va小于vb，故D正确。故选D。6.2023年1月21日，神舟十五号3名航天员在400km高的空间站向祖国人民送上新春祝福。空间站的运行轨道可近似看作圆形轨道Ⅰ，椭圆轨道Ⅱ为神舟十五号载人飞船与空间站对接前的运行轨道，已知地球半径为R，两轨道相切与P点，地球表面重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A.轨道Ⅰ上的线速度大小小于第一宇宙速度B.神舟十五号载人飞船在轨道Ⅰ上P点的加速度小于在轨道Ⅱ上P点的加速度C.神舟十五号载人飞船在P点经点火减速才能从轨道Ⅱ进入轨道ⅠD.轨道Ⅰ上的神舟十五号载人飞船想与前方的空间站对接，只需要沿运动方向加速即可〖答案〗A〖解析〗A．根据地球表面近似有设轨道Ⅰ上的线速度大小为，根据万有引力提供向心力，有解得轨道Ⅰ的半径可知空间站在轨道Ⅰ上的运行速度小于（即小于第一宇宙速度），故A正确；B．由牛顿第二定律可知，神舟十五号载人飞船在轨道Ⅰ上P点的加速度等于在轨道Ⅱ上P点的加速度，故B错误；C．神舟十五号载人飞船若要从轨道Ⅱ进入轨道Ⅰ，做离心运动，需要在P点点火加速，故C错误；D．轨道Ⅰ上的神舟十五号飞船加速后轨道半径会变大，故需要在低轨道上加速才能完成与空间站对接，故D错误。故选A。7.2020年9月，中国发布“双碳战略”，计划到2030年实现碳达峰、2060年实现碳中和。碳排放问题的治本之策是转变能源发展方式，加快推进清洁替代和电能替代，一座小型水电站向山下村镇供电的示意图如图所示，升压变压器T1与降压变压器T2都是理想变压器。已知发电机输出电压U1250V，两个变压器的匝数比，，输电线电阻R20，输电线上损失的功率为32kW。则下列说法正确的（）A.输电线上损失的电压为25000VB.用户得到的电压为200VC.发电机输出功率P1000kWD.深夜，用户的用电器减少时输电线上损失的功率将变大〖答案〗C〖解析〗A．依题意，输电线上损失的功率为解得故A错误；B．根据理想变压器原副线圈电压与匝数的关系，有又联立，解得故B错误；C．根据理想变压器原副线圈电压与匝数的关系，有又发电机输出功率为联立，解得故C正确；D．深夜，用户的用电器减少时，降压变压器所在回路电阻增大，由欧姆定律可得则降压变压器输出电流减小，根据可知输电线上电流减小，由可知输电线上损失的功率将变小。故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图甲所示，用强磁场将百万开尔文的高温等离子体（等量的正离子和电子）约束在特定区域实现受控核聚变的装置叫托克马克。我国托克马克装置在世界上首次实现了稳定运行100秒的成绩。多个磁场才能实现磁约束，图乙为其中沿管道方向的一个磁场，越靠管的右侧磁场越强。不计离子重力，关于离子在图乙磁场中运动时，下列说法正确的是（）A.离子从磁场右侧区域运动到左侧区域，磁场对其做负功B.离子在磁场中运动时，磁场对其一定不做功C.离子从磁场右侧区域运动到左侧区域，速度变大D.离子由磁场的左侧区域向右侧区域运动时，运动半径减小〖答案〗BD〖解析〗AB．离子在磁场中运动时，由于洛伦兹力方向总是与速度方向垂直，可知磁场对其一定不做功，故A错误，B正确；C．因洛伦兹力不做功，则离子从磁场右侧区域运动到左侧区域，速度不变，选项C错误；D．离子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力可得解得离子由磁场的左侧区域向右侧区域运动时，磁感应强度变大，可知离子运动半径减小，故D正确。故选BD。9.“蹦极”被称为“勇敢者的游戏”。将一根自然长度为OA的弹性轻绳一端系在人身上，另一端固定在跳台边缘。人从跳台由静止下落开始计时，下落过程中速度随时间的变化如图所示，图中tA、tB、tC三个时刻分别对应A、B、C三个点，tB时刻是图像最高点，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A.重力加速度大小为B.人从A点运动到B点这一过程中，人的重力势能转化为动能C.人在下落过程中，弹性绳对人先做正功再做负功D.人从A点运动到C点这一过程中，人的机械能一直减少〖答案〗AD〖解析〗A．由图可知，人从跳台下落到点的过程，人做自由落体运动，可得重力加速度大小为故A正确；B．人从A点运动到B点这一过程中，人的重力势能转化为人的动能和弹性绳的弹性势能，故B错误；C．人在下落过程中，弹性绳的形变量一直增大，弹性势能一直增大，故弹性绳对人一直做负功，故C错误；D．人从A点运动到C点这一过程中，人和弹性绳组成的系统机械能守恒，由于下落过程中，弹性绳弹性势能一直增大，故人的机械能一直减少，故D正确。故选AD。10.如图所示，在光滑的水平面上有一辆平板车，人拎着一个锤子站在车的左侧，人和车都处于静止状态。若人挥动锤子敲打车的左端，则下列说法正确的是（）A.当人挥动锤子，敲打车之前，车一直保持静止B.当锤子停止运动时，人和车不一定停止运动C.锤子、人和车组成的系统水平方向动量守恒D.不断用锤子沿竖直面上的弧线敲击车的左端，车和人左右来回运动〖答案〗CD〖解析〗ABC．把人、大锤和车看成一个系统，系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，由于人和车初始状态都处于静止，总动量为0，挥动锤子敲打车的左端，根据动量守恒可知，系统的总动量为零，大锤向左运动，小车向右运动，大锤向右运动，小车向左运动，所以敲打车之前，车不会一直保持静止。当锤子停止运动时，人和车也停止运动。故AB错误，C正确；D．由于系统的总动量为零，且总动量为0，大锤向左运动，小车向右运动，大锤向右运动，小车向左运动，所以车左右往复运动，故D正确。故选CD。三、实验题（共16分）11.利用单摆可以测量当地的重力加速度。如图1所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，做成单摆。（1）以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有______。A.摆线要选择较细、伸缩性较小，并且线尽可能短一些B.摆球尽量选择质量较大、体积较小的C.为了使摆的周期大一些，以方便测量，摆线相对平衡位置的偏角越大越好D.为减小误差可记下摆球做50次全振动所用的时间Δt，则单摆周期（2）悬挂后，用米尺测量悬点到小球上端摆线的长度L，将小球拉离平衡位置一个小角度，由静止释放小球，稳定后小球在某次经过平衡位置时开始计时，并计数为0，此后小球每摆到平衡位置时，计数一次，依次计数为1、2、3……，当数到50时，停止计时，测得时间为t，计算出单摆周期T。测量出多组单摆的摆长L和运动周期T，作出T2—L图像，如图2所示。造成图线不过坐标原点的原因可能是______。（3）由图2求出重力加速度______m/s2。（取，结果保留两位有效数字）（4）图2中图线不过原点，（选填“会”或“不会”）______影响重力加速度的测量〖答案〗（1）BD（2）计算摆长时没有考虑小球半径（3）9.5（4）不会〖解析〗（1）[1]A．摆线要选择较细（尽可能减小空气阻力对实验的影响）、伸缩性较小（确保摆球摆动时摆长几乎不变）、且尽可能长一些的（减小摆长测量的相对误差），故A错误；B．为了尽可能减小空气阻力对实验的影响，摆球尽量选择质量较大、体积较小的，故B正确；C．只有摆线相对平衡位置的偏角在很小的情况下（通常小于5°），单摆才做简谐运动，进而才能根据周期公式测量重力加速度，故C错误；D．为减小偶然误差可以记下摆球做50次全振动所用的时间t，则单摆周期，故D正确。故选BD。（2）[2]根据单摆周期公式变形可得所以理论上图像是一条过坐标原点的直线，题给图像相对于理论图像，在相同周期下，所测摆长比实际值偏小，则原因可能是测摆长时没有加上小球半径。（3）[3]根据单摆周期公式可得整理得图线斜率为解得（4）[4]虽然测摆长时漏加了小球半径造成图线不过原点，但根据（3）中所求T2关于L的表达式可知该过失不影响所作图线的斜率，不会影响重力加速度的测量。12.某研究性学习小组想测定一电池的电动势E（约为1.5V）和内阻r（约为0.5Ω），要求测量结果尽量准确，实验室提供的器材如下：A．电流表（量程为0.6A，内阻为0.2Ω）；B．电压表（量程为1.5V，内阻约为1.5KΩ）；C．滑动变阻器（最大阻值500Ω，额定电流为1A）；D．滑动变阻器（最大阻值为20Ω，额定电流为2A）；E．开关、导线若干。（1）为了方便和更准确地完成实验，滑动变阻器应选择______。（填仪器前的字母序号）（2）实验中的电路图应选用下图中的______（填“甲”或“乙”）。（3）选择合适的实验仪器和电路图进行实验，得到一条实验数据拟合线如图丙所示，则该电池的电动势为E（）V（保留3位有效数字），内阻为r（）Ω（保留2位有效数字）。〖答案〗（1）D（2）乙（3）1.480.44〖解析〗（1）[1]由于电源电动势较小，实验时便于操作和减小误差，滑动变阻器使用限流式接法，则选择最大阻值为20Ω的D即可。（2）[2]由于使用电流表的内阻为已知，因此电流表用外接的方式，所以实验中的电路图应选用图乙。（3）[3]由闭合电路的欧姆定律可得由上式可知，由图像的纵轴截距可得电池的电动势为[4]图像的斜率大小为可得四、计算题（共38分）13.某同学制作了一个简易的环境温度监控器，如图所示，汽缸导热，缸内温度与环境温度可以认为相等，达到监控的效果。汽缸内有一质量不计、横截面积S=10cm2的活塞封闭着一定质量理想气体，活塞上方用轻绳悬挂着矩形重物。当缸内温度为T1=300K时，活塞与缸底相距H=3cm，与重物相距h=2cm。环境空气压强p01.0105Pa，重力加速度大小g=10m/s2，不计活塞厚度及活塞与缸壁间的摩擦。（1）当活塞刚好接触重物时，求缸内气体的温度T2；（2）若重物质量为m=2kg，当轻绳拉力刚好为零，警报器开始报警，求此时缸内气体温度T3。〖答案〗（1）500K；（2）600K〖解析〗（1）从开始到活塞刚接触重物，气体为等压变化过程，则解得（2）从刚接触重物到绳子拉力刚好为零，有解得14.如图，足够长水平U形光滑导体框架，宽度L=1m，电阻不计，左端连接电阻R=0.9Ω；长杆ab质量m=0.2kg，阻值r=0.1Ω，匀强磁场磁感应强度B=1T，方向垂直框架向上，现ab杆有向右的初速度v0=4m/s，并且用恒力F=2N由向右作用在ab杆上。（1）ab杆最终的速度是多少？此时电阻R的电功率是多少？（2）当ab杆速度为3m/s时，加速度是多少？〖答案〗（1），；（2）〖解析〗（1）经过足够长时间，杆匀速运动，则有则解得此时的功率，得（2）当杆的速度时得15.如图所示，为竖直平面内固定的光滑轨道AB、粗糙水平直轨道BC、DE和以速度v0=3.0m/s顺时针转动的传送带MN，在轨道DE右端固定反弹装置。各轨道平滑连接，传送带与水平轨道等高、间隙不计。现有一个质量为m=2.0kg的滑块从轨道AB上高为h处由静止下滑，若滑块能运动到最右侧与反弹装置碰撞，则碰后立即以原速率被弹回。已知各部分的长度分别为LBC=0.45m，LMN=0.675m，LDE=0.45m，滑块与水平轨道、传送带之间的动摩擦因数均为μ=0.5，重力加速度大小为g=10m/s2。（1）若滑块刚好能第一次到达C点，求滑块从轨道AB静止释放的高度；（2）若滑块在传送带上加速并恰好在N点与传送带共速，求滑块与传送带之间摩擦产生的热量；（3）若滑块最后停下前有且仅有两次经过传送带上的N点，求高度h应满足的条件。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）若滑块恰好到达点得（2）若刚好在点与传送带共速对滑块由牛顿第二定律得滑块运动时间为滑块与传送带的位移差滑块与传送带之间摩擦产生的热量得（3）若有且仅有两次经过点因为若从传送带以某初速度滑上DE反弹后刚好停在D，则得所以要第二次经过点，第一次经过传送带时全程减速，若刚好第二次到达点若刚好第三次到达点则得2024届高三第一次六校联考试题物理一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.太阳内部有多种热核反应，其中一个反应方程是，以下说法正确的是（）A.X是质子 B.该核反应属于α衰变C.该核反应属于核聚变 D.该反应是现在核电站中的主要核反应〖答案〗C〖解析〗A．根据质量数和电荷数守恒可得核反应方程为可知X是中子，故A错误；BC．该核反应为热核反应，属于核聚变，故B错误，C正确；D．现在核电站中的主要核反应是核裂变，故D错误。故选C。2.某运动员以如图所示的姿势蹲在水平地面上，则该运动员（）A.一定受到摩擦力 B.所受压力就是重力C.受到的支持力和重力是一对平衡力 D.受到的支持力是由于脚掌形变产生的〖答案〗C〖解析〗A．运动员以题图所示的姿势蹲在水平地面上，处于平衡状态，在水平方向没有相对运动，也没有相对运动的趋势，因此不受摩擦力的作用，A错误；B．运动员所受的压力是水平地面的形变产生的作用，重力是地球的吸引力产生，因此所受压力不是重力，B错误；C．运动员受到的支持力和重力大小相等，方向相反，是一对平衡力，C正确；D．运动员受到的支持力是由于水平地面的形变产生的，D错误。故选C。3.在x轴方向存在一静电场，其φ-x图像如图所示，一电子以一定的初速度沿x轴从O点运动到x4，电子仅受电场力，则该电子（）A.在x1处电势能最小B.从x2到x3受到的电场力和从x3到x4受到的电场力方向相反C.在x1处受到的电场力最大D.在x3处电势为零，电场强度也为零〖答案〗A〖解析〗A．电荷在某点的电势能为由公式可知，负点电荷在电势越大的地方，电势能越小，所以该电子在x1处的电势能最小，故A正确；B．x2到x3的场强方向向右，x3到x4的场强方向向右，所以电子在x2到x3和x3到x4受到的电场力方向都是向左，方向相同，故B错误；C．φ-x图像中斜率表示电场强度，可知电子在x1处受到的电场力为0，故C错误；D．φ-x图像中斜率表示电场强度，x3处的斜率不为0，所以x3处的电场强度不为0，故D错误；故选A4.如图（a），我国某些农村地区人们用手抛撒谷粒进行水稻播种。某次同时抛出的谷粒中有两颗的运动轨迹如图（b）所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点均为O，且轨迹交于P点，抛出时谷粒1和谷粒2的初速度分别为v1和v2，其中v1方向水平，v2方向斜向上。忽略空气阻力，关于两谷粒在空中的运动，下列说法正确的是（）A.谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度 B.谷粒2在最高点的速度小于v1C.两谷粒同时到达P点 D.谷粒2先到P点〖答案〗B〖解析〗A．抛出的两谷粒在空中均仅受到重力作用，加速度均为重力加速度，故谷粒1的加速度等于谷粒2的加速度，故A错误；CD．谷粒2做斜上抛运动，谷粒1做平抛运动，均从O点运动到P点，故位移相同。在竖直方向上谷粒2做竖直上抛运动，谷粒1做自由落体运动，竖直方向上位移相同，故谷粒2运动时间较长，故CD错误；B．谷粒2做斜上抛运动，水平方向上为匀速直线运动，故运动到最高点的速度即为水平方向上的分速度；与谷粒1比较水平方向上位移相同，但运动时间较长，故谷粒2在水平方向上的速度较小，即最高点的速度小于v1，故B正确。故选B。5.由两种不同频率的光组成的复色光以相同的入射角射到介质I和II的界面MN，折射后分为a、b两束光。若a、b光的频率分别fa和fb，在介质I中传播速度分别为va和vb下列说法正确的是（）A.频率fa小于fbB.如果介质II是玻璃，介质I可能是空气C.增大复色光的入射角，b光先发生全反射D.在介质I中的，传播速度va小于vb〖答案〗D〖解析〗A．根据折射率公式可知a光在介质II对介质I的相对折射率比b在介质II对介质I的相对折射率大，故a光比b光的频率大，故A错误；B．光在介质II中的传播方向偏离法线更远，则说明光在介质II中传播速度更大，介质II相对介质I是光疏介质，故B错误；C．增大复色光的入射角，a、b两束光的折射角都增大，但a光折射角总大于b光的折射角，故a光先发生全反射，故C错误；D．根据在介质中折射率越大的光传播速度越小，a光比b光的频率大，在介质I中的，传播速度va小于vb，故D正确。故选D。6.2023年1月21日，神舟十五号3名航天员在400km高的空间站向祖国人民送上新春祝福。空间站的运行轨道可近似看作圆形轨道Ⅰ，椭圆轨道Ⅱ为神舟十五号载人飞船与空间站对接前的运行轨道，已知地球半径为R，两轨道相切与P点，地球表面重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A.轨道Ⅰ上的线速度大小小于第一宇宙速度B.神舟十五号载人飞船在轨道Ⅰ上P点的加速度小于在轨道Ⅱ上P点的加速度C.神舟十五号载人飞船在P点经点火减速才能从轨道Ⅱ进入轨道ⅠD.轨道Ⅰ上的神舟十五号载人飞船想与前方的空间站对接，只需要沿运动方向加速即可〖答案〗A〖解析〗A．根据地球表面近似有设轨道Ⅰ上的线速度大小为，根据万有引力提供向心力，有解得轨道Ⅰ的半径可知空间站在轨道Ⅰ上的运行速度小于（即小于第一宇宙速度），故A正确；B．由牛顿第二定律可知，神舟十五号载人飞船在轨道Ⅰ上P点的加速度等于在轨道Ⅱ上P点的加速度，故B错误；C．神舟十五号载人飞船若要从轨道Ⅱ进入轨道Ⅰ，做离心运动，需要在P点点火加速，故C错误；D．轨道Ⅰ上的神舟十五号飞船加速后轨道半径会变大，故需要在低轨道上加速才能完成与空间站对接，故D错误。故选A。7.2020年9月，中国发布“双碳战略”，计划到2030年实现碳达峰、2060年实现碳中和。碳排放问题的治本之策是转变能源发展方式，加快推进清洁替代和电能替代，一座小型水电站向山下村镇供电的示意图如图所示，升压变压器T1与降压变压器T2都是理想变压器。已知发电机输出电压U1250V，两个变压器的匝数比，，输电线电阻R20，输电线上损失的功率为32kW。则下列说法正确的（）A.输电线上损失的电压为25000VB.用户得到的电压为200VC.发电机输出功率P1000kWD.深夜，用户的用电器减少时输电线上损失的功率将变大〖答案〗C〖解析〗A．依题意，输电线上损失的功率为解得故A错误；B．根据理想变压器原副线圈电压与匝数的关系，有又联立，解得故B错误；C．根据理想变压器原副线圈电压与匝数的关系，有又发电机输出功率为联立，解得故C正确；D．深夜，用户的用电器减少时，降压变压器所在回路电阻增大，由欧姆定律可得则降压变压器输出电流减小，根据可知输电线上电流减小，由可知输电线上损失的功率将变小。故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图甲所示，用强磁场将百万开尔文的高温等离子体（等量的正离子和电子）约束在特定区域实现受控核聚变的装置叫托克马克。我国托克马克装置在世界上首次实现了稳定运行100秒的成绩。多个磁场才能实现磁约束，图乙为其中沿管道方向的一个磁场，越靠管的右侧磁场越强。不计离子重力，关于离子在图乙磁场中运动时，下列说法正确的是（）A.离子从磁场右侧区域运动到左侧区域，磁场对其做负功B.离子在磁场中运动时，磁场对其一定不做功C.离子从磁场右侧区域运动到左侧区域，速度变大D.离子由磁场的左侧区域向右侧区域运动时，运动半径减小〖答案〗BD〖解析〗AB．离子在磁场中运动时，由于洛伦兹力方向总是与速度方向垂直，可知磁场对其一定不做功，故A错误，B正确；C．因洛伦兹力不做功，则离子从磁场右侧区域运动到左侧区域，速度不变，选项C错误；D．离子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力可得解得离子由磁场的左侧区域向右侧区域运动时，磁感应强度变大，可知离子运动半径减小，故D正确。故选BD。9.“蹦极”被称为“勇敢者的游戏”。将一根自然长度为OA的弹性轻绳一端系在人身上，另一端固定在跳台边缘。人从跳台由静止下落开始计时，下落过程中速度随时间的变化如图所示，图中tA、tB、tC三个时刻分别对应A、B、C三个点，tB时刻是图像最高点，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A.重力加速度大小为B.人从A点运动到B点这一过程中，人的重力势能转化为动能C.人在下落过程中，弹性绳对人先做正功再做负功D.人从A点运动到C点这一过程中，人的机械能一直减少〖答案〗AD〖解析〗A．由图可知，人从跳台下落到点的过程，人做自由落体运动，可得重力加速度大小为故A正确；B．人从A点运动到B点这一过程中，人的重力势能转化为人的动能和弹性绳的弹性势能，故B错误；C．人在下落过程中，弹性绳的形变量一直增大，弹性势能一直增大，故弹性绳对人一直做负功，故C错误；D．人从A点运动到C点这一过程中，人和弹性绳组成的系统机械能守恒，由于下落过程中，弹性绳弹性势能一直增大，故人的机械能一直减少，故D正确。故选AD。10.如图所示，在光滑的水平面上有一辆平板车，人拎着一个锤子站在车的左侧，人和车都处于静止状态。若人挥动锤子敲打车的左端，则下列说法正确的是（）A.当人挥动锤子，敲打车之前，车一直保持静止B.当锤子停止运动时，人和车不一定停止运动C.锤子、人和车组成的系统水平方向动量守恒D.不断用锤子沿竖直面上的弧线敲击车的左端，车和人左右来回运动〖答案〗CD〖解析〗ABC．把人、大锤和车看成一个系统，系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，由于人和车初始状态都处于静止，总动量为0，挥动锤子敲打车的左端，根据动量守恒可知，系统的总动量为零，大锤向左运动，小车向右运动，大锤向右运动，小车向左运动，所以敲打车之前，车不会一直保持静止。当锤子停止运动时，人和车也停止运动。故AB错误，C正确；D．由于系统的总动量为零，且总动量为0，大锤向左运动，小车向右运动，大锤向右运动，小车向左运动，所以车左右往复运动，故D正确。故选CD。三、实验题（共16分）11.利用单摆可以测量当地的重力加速度。如图1所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，做成单摆。（1）以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有______。A.摆线要选择较细、伸缩性较小，并且线尽可能短一些B.摆球尽量选择质量较大、体积较小的C.为了使摆的周期大一些，以方便测量，摆线相对平衡位置的偏角越大越好D.为减小误差可记下摆球做50次全振动所用的时间Δt，则单摆周期（2）悬挂后，用米尺测量悬点到小球上端摆线的长度L，将小球拉离平衡位置一个小角度，由静止释放小球，稳定后小球在某次经过平衡位置时开始计时，并计数为0，此后小球每摆到平衡位置时，计数一次，依次计数为1、2、3……，当数到50时，停止计时，测得时间为t，计算出单摆周期T。测量出多组单摆的摆长L和运动周期T，作出T2—L图像，如图2所示。造成图线不过坐标原点的原因可能是______。（3）由图2求出重力加速度______m/s2。（取，结果保留两位有效数字）（4）图2中图线不过原点，（选填“会”或“不会”）______影响重力加速度的测量〖答案〗（1）BD（2）计算摆长时没有考虑小球半径（3）9.5（4）不会〖解析〗（1）[1]A．摆线要选择较细（尽可能减小空气阻力对实验的影响）、伸缩性较小（确保摆球摆动时摆长几乎不变）、且尽可能长一些的（减小摆长测量的相对误差），故A错误；B．为了尽可能减小空气阻力对实验的影响，摆球尽量选择质量较大、体积较小的，故B正确；C．只有摆线相对平衡位置的偏角在很小的情况下（通常小于5°），单摆才做简谐运动，进而才能根据周期公式测量重力加速度，故C错误；D．为减小偶然误差可以记下摆球做50次全振动所用的时间t，则单摆周期，故D正确。故选BD。（2）[2]根据单摆周期公式变形可得所以理论上图像是一条过坐标原点的直线，题给图像相对于理论图像，在相同周期下，所测摆长比实际值偏小，则原因可能是测摆长时没有加上小球半径。（3）[3]根据单摆周期公式可得整理得图线斜率为解得（4）[4]虽然测摆长时漏加了小球半径造成图线不过原点，但根据（3）中所求T2关于L的表达式可知该过失不影响所作图线的斜率，不会影响重力加速度的测量。12.某研究性学习小组想测定一电池的电动势E（约为1.5V）和内阻r（约为0.5Ω），要求测量结果尽量准确，实验室提供的器材如下：A．电流表（量程为0.6A，内阻为0.2Ω）；B．电压表（量程为1.5V，内阻约为1.5KΩ）；C．滑动变阻器（最大阻值500Ω，额定电流为1A）；D．滑动变阻器（最大阻值为20Ω，额定电流为2A）；E．开关、导线若干。（1）为了方便和更准确地完成实验，滑动变阻器应选择______。（填仪器前的字母序号）（2）实验中的电路图应选用下图中的______（填“甲”或“乙”）。（3）选择合适的实验仪器和电路图进行实验，得到一条实验数据拟合线如图丙所示，则该电池的电动势为E（）V（保留3位有效数字），内阻为r（