贵州省湄潭县湄江中学2024届高二物理第一学期期中经典模拟试题含解析

贵州省湄潭县湄江中学2024届高二物理第一学期期中经典模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一定质量的物体用轻绳AB悬挂于天花板上，用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T不变C．F逐渐变小，T不变D．F逐渐变小，T逐渐变小2、下列关于电流、电阻和电阻率的说法正确的是（）A．由，可知I与q成正比B．由可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中电流成反比C．由可知，导体的电阻率跟导体的电阻和横截面积乘积成正比，与导体长度成反比D．由，可知导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比3、某电解池中，若在2s内各有1.0×1019个二价正离子和2.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（）A．0 B．0.8A C．1.6A D．3.2A4、小芳家正在使用的电器有电灯、洗衣机、电冰箱，小芳从家里的总电能表中测得在时间t内消耗的电能为W．设小芳家的供电电压为U，总电流为I，上述电器的总电阻为R，总功率为P．下列关系式正确的是A． B． C． D．5、决定平抛物体在空中运动时间的因素是（）A．初速度B．抛出时物体的高度C．抛出时物体的高度和初速度D．以上说法都不正确6、将两个分别带有电荷量-2Q和+5Q的相同金属小球A、B分别固定在相距为r的两处(均可视为点电荷)，它们间库仑力的大小为F．现将第三个与A、B两小球完全相同的不带电小球C先后与A、B相互接触后拿走，A、B间距离保持不变，则两球间库仑力的大小为()A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、带电粒子以初速度v0垂直电场方向进入平行金属板形成的匀强电场中，它离开时偏离原方向y，偏角为φ，下列说法正确的是()A．粒子在电场中做类平抛运动B．粒子飞过电场的时间，决定于极板长和粒子进入电场时的初速度C．粒子的偏移距离y，可用加在两极板上的电压控制D．偏角φ与粒子的电荷量和质量无关8、如图所示，E为电源，其内阻不可忽略，RT为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，L为指示灯泡，C为平行板电容器，G为灵敏电流计．闭合开关S，当环境温度明显升高时，下列说法正确的是（）A．L变亮B．RT两端电压变大C．C所带的电荷量保持不变D．G中电流方向由a到b9、小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的I—U图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是（

）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P点，小灯泡的电阻为C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围“面积”10、如图所示，两根导线互相平行，通了同方向的电流，下列说法正确的是：A．导线AB通了电流Ｉ1，其在CD处产生的磁场方向向外；B．导线AB通了电流Ｉ1，其在CD处产生的磁场方向向里；C．导线CD受到AB的磁场的安培力作用，方向向左；D．导线CD受到AB的磁场的安培力作用，方向向右．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个小灯泡的I-U图线，有下列器材供选用：A．电压表(0～3V，内阻约6kΩ)B．电压表(0～15V，内阻约30kΩ)C．电流表(0～3A，内阻约0.1Ω)D．电流表(0～0.6A，内阻约0.5Ω)E．滑动变阻器(10Ω，2A)F．滑动变阻器(200Ω，0.5A)G．蓄电池(电动势6V，内阻不计)(1)某同学设计成如图所示的两种电路，要求小灯泡的电压从零开始增大，应选择图乙中的电路图___(选填“a”或“b”)。(2)用正确的电路进行测量，电压表应选用____，电流表应选用_____滑动变阻器应选用____(用序号字母表示)。12．（12分）一多用电表的欧姆挡有4挡,分别为×1Ω，×10Ω，×100Ω，×1000Ω，现用它来测一未知电阻值．当用×100Ω挡测量时,发现指针的偏转角度很小．为了使测量结果更准确,测量前应进行如下两项操作,先_____，接着_____，然后再测量并读数．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）某商场安装了一台倾角为30°的自动扶梯，该扶梯在电压380V的电动机带动下以0.4m/s的恒定速度向斜上方运动．电动机的最大输出功率为4.9kW，不载人时测得电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的移动速率和不载人时相同，则这台自动扶梯可同时乘载的人数最多是多少？（设人的平均质量为60kg，g取10m/s2）14．（16分）如图所示，匀强电场的场强E=1.2×102V/m，方向水平向右。一点电荷q=4×10-8C沿半径为R=10cm的圆周，从A点移动到B点。（已知∠AOB=90°）求：（1）A、B间的电势差UAB；（2）这一过程电场力做的功。15．（12分）如图所示，在直角坐标系的第一、二象限内有垂直于纸面的匀强磁场，第三象限有沿y轴负方向的匀强电场，第四象限内无电场和磁场。质量为m、带电量为q的粒子从M点以速度v0沿x轴负方向进入电场，不计粒子的重力，粒子经x轴上的N点和P点，最后又回到M点。设OM=L，ON=2L。求：(1)运动粒子带正电还是带负电；(2)电场强度E的大小；(3)匀强磁场磁感应强度B的大小和方向.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

本题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【题目详解】以结点O为研究对象受力分析如下图所示：

由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知，绳OB的张力为mg，保持不变；根据平衡条件可知：Tcosθ-mg=0，Tsinθ-F=0，由此两式可得：F=mgtanθ，由于θ增加，故拉力F增加，T增加；故选A。【题目点拨】掌握共点力平衡条件是正确解决本题的关键，本题中注意对缓慢拉动所隐含的在拉动过程中物体始终处于平衡状态条件的挖掘．2、D【解题分析】

A．公式是电流强度的定义式，I与q无关，与t无关，故A错误；B．公式是电阻的定义式，与导体两端的电压成无关，跟导体中的电流成无关，故B错误；C．电阻率是导体本身的性质，取决于导体的材料和温度，与导体长度和截面积无关，故C错误；D．公式是欧姆定律的表达式，流过导体的电流与导体两端的电压成正比，跟导体中的电阻成反比，故D正确。3、D【解题分析】

通过截面的电荷量通过截面的电流故D正确。4、D【解题分析】

A．由于洗衣机是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，所以关系式不成立，故A错误；B．公式W=I2Rt只能用来求电热，不能用来求消耗的电能，故B错误；C．由于洗衣机是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，所以不成立，故C错误；D．公式普遍适用，故D正确；故D正确。5、B【解题分析】

平抛运动下落时只要接触到地面即不能再运动，故由可得：即下落时间只与抛出点的高度有关，和水平初速度无关A.初速度与分析不符，故A项错误；B.抛出时物体的高度与分析相符，故B项正确；C.抛出时物体的高度和初速度与分析不符，故C项错误；D.以上说法都不正确与分析不符，故D项错误。6、A【解题分析】

开始时由库仑定律得：；当小球和A接触后，A球带电为-Q，再和B球接触时，先中和后总电量为4Q，故平分后B球带电为2Q，因此此时：；可得：F1=，故BCD错误，A正确．故选A．【题目点拨】完全相同的带电小球接触时，对于电量的重新分配规律要明确，然后正确利用库仑定律求解．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解题分析】试题分析：带电粒子进入偏转电场做类平抛运动，结合平抛运动规律解题：水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为零的匀加速直线运动；并且两方向运动具有等时性．带电粒子以初速度垂直电场方向进入平行金属板形成的匀强电场中，仅受在垂直速度方向上只受到电场力作用，做类平抛运动，A正确；粒子平行于极板方向做匀速直线运动，时间，即粒子飞过电场的时间，决定于极板长和粒子进入电场时的初速度，B正确；粒子的偏移距离，故可用加在两极板上的电压控制y的大小，C正确；粒子的偏转角φ满足：，粒子偏角φ与粒子的电量和质量有关，D错误．（以上公式中的U表示两极板间的电压，L表示极板的长度，d表示两极板间的距离，q表示粒子的电荷量，m表示粒子的质量）8、AD【解题分析】试题分析：环境温度明显升高时，RT的阻值减小，电路电流增大，灯泡L变亮，所以A正确；RT的阻值减小，根据串联电路的分压规律，RT的电压减小，所以B错误；外电路的电阻减小，故路端电压减小，电容器的电压减小，电量减少，所以C正确；电容器的电量减少，发生放电现象，故G中电流方向由a到b，所以D正确考点：本题考查传感器、电容器、闭合电路的欧姆定律9、BD【解题分析】

小灯泡的伏安特性曲线上的各点与原点连线的斜率表示电阻，斜率增大，灯泡的电阻增大；任一状态灯泡的电阻，并依据U与I图象面积大小表示功率，从而即可求解。对于线性元件欧姆定律成立，对于非线性元件欧姆定律不成立。【题目详解】A．I-U图线中各点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，由题可知斜率减小，说明随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，故A错误；BC．根据电阻的定义可知，对应P点的电压为U1，电流为I2，则小灯泡的电阻为，而R不等于切线斜率，故B正确，C错误；D．根据功率表达式，则有小灯泡功率为图中矩形PQOM所围“面积”的数值，故D正确；故选BD。10、BC【解题分析】

导线AB通了电流Ｉ1，根据右手定则可知，其在CD处产生的磁场方向向里；选项A错误，B正确；根据左手定则，导线CD受到AB的磁场的安培力作用，方向向左，选项C正确，D错误；故选BC.【题目点拨】解决本题的关键掌握安培定则判断出直线电流周围的磁场方向，根据左手定则判断电流的受力方向．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、bADE【解题分析】

(1)[1]实验中要求小灯泡的电压从零开始增大，则滑动变阻器应采用分压电路，故选b；(2)[2][3][4]由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，故电压表的量程应大于2.8V，故电压表应选3V量程，故选A；由P=UI可得，电流为I=0.8/2.8A=0.28A故电流表应选D；本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选E12、换“×1000Ω”挡将两表笔短接调零【解题分析】

[1][2]第一次测量时用×100挡，调零后测量时发现指针偏转角度太小，说明待测电阻阻值较大，应换一更大挡，所以，换×1000Ω的档位后两表笔短接进行欧姆调零，接着将两表笔短接调零，然后再测量并读数。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、25人【解题分析】扶梯本身向上运动所需功率为P1＝UI＝380×5W＝1900W＝1.9KWn个人以恒定速率向上运动可用功率P2＝P-P1＝4.9KW-1.9KW＝3.0KW载乘一个人的机械功率是P3＝mgvsin30°＝60×10×0.4×0.5W＝120W14、（1）-12V；（2）-4.8×10-8J【解题分析】

（1）根据U=Ed，UAB=-ER=-1.2×102×0.1V=-12V；（2）正点电荷从A到B，根据WAB=qUAB=4.0×10-8×1.2J=-4.8×10-8J，负