2024届广西梧州市物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

2024届广西梧州市物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电势差和电场力做功的说法中，正确的是()A．电势差是矢量，电场力做的功是标量B．在两点间移动电荷，电场力不做功，则两点间的电势差为零C．在两点间被移动的电荷的电荷量越少，则两点间的电势差越大D．在两点间移动电荷时，电场力做正功，则两点间的电势差大于零2、关于静电场，下列说法正确的是（）A．电势降低的方向一定是电场强度的方向B．电势等于零的物体一定不带电C．同一等势面上各点电场强度一定相同D．电场线为平行直线且等间距的电场定是匀强电场3、将四个定值电阻a、b、c、d分别接入电路，测得相应的电流、电压值如图所示．其中阻值最接近的两个电阻是 ()A．a和b B．b和d C．a和c D．c和d4、做简谐运动的弹簧振子多次通过同一位置时，会发生变化的物理量有A．位移B．速度C．加速度D．回复力5、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离减少为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A． B．F C．9F D．81F6、以下说法正确的是（）A．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送正电荷做的功越多B．适用于所有电路C．导体的电阻率越小，导电性能越好，电阻也越小D．由知，同一导线内电荷定向移动平均速率越大，电流越大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，A、B、C、D是正四面体的四个顶点，现在A固定一电荷量为+q的点电荷，在B固定一电荷量为-q的点电荷，取无穷远电势为零，下列说法正确的是A．棱AB中点的电势为零B．棱AB中点的场强为零C．C、D两点的电势相等D．C、D两点的场强相同8、如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径m，最低点处有一小球（半径比小很多）。现给小球一水平向右的初速度，则要使小球不脱离圆轨道运动，应当满足g=10m/s2（）A． B．m/s C．m/s D．m/s9、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J，不计空气的阻力，则下列判断正确的是（）A．小球水平位移x2与x1的比值为4：1B．小球水平位移x2与x1的比值为3：1C．小球落到B点时的动能为32JD．小球从A点运动到B点的过程中最小动能6J10、如图，一条形磁铁静止在水平桌面上，磁铁右上方有垂直纸面的水平导线a，若导线内通有垂直纸面向里的电流，条形磁铁仍然静止，则A．条形磁铁对桌面的压力增大B．条形磁铁对桌面的压力减小C．条形磁铁有向右的运动趋势D．条形磁铁有向左的运动趋势三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示为频闪摄影方法拍摄的研究物体做平抛运动规律的照片，图中A、B、C为三个同时由同一点出发的小球．AA′为A球在光滑水平面上以速度v运动的轨迹；BB′为B球以速度v被水平抛出后的运动轨迹；CC′为C球自由下落的运动轨迹．通过分析上述三条轨迹可得出结论：（1）平抛运动在水平方向的分运动为________________________；（2）平抛运动在竖直方向的分运动为________________________．12．（12分）在《测定金属丝电阻率》的实验中，需要测出其长度L．直径d和电阻R．用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图A，则金属丝的直径为___________mm．若用B图所示的电路测金属丝的电阻，用电流表和电压表测金属丝的电流电压时量程分别选用3V和0.6A，读数如图C，则电压表的读数为___________V，电流表的读数为_________A，则金属丝的阻值R为___________Ω．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）为了测定电池的电动势E和内阻r，按图所示连接电路，当滑动变阻器的滑动头在某位置时，电流表和电压表的示数为0.3A和1.6V，把滑动头移到另一位置时，它们的示数为0.4A和1.4V，求电池的电动势和内电阻。14．（16分）汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，若电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω.电流表内阻不计，则因电动机启动，车灯的电功率降低了多少？15．（12分）以竖直向上为轴正方向的平面直角系，如图所示，在第一、四象限内存在沿轴负方向的匀强电场，在第二、三象限内存在着沿轴正方向的匀强电场和垂直于平面向外的匀强磁场，现有一质量为、电荷量为的带正电小球从坐标原点O以初速度沿与轴正方向成角的方向射出，已知两电场的电场强度，磁场的磁感应强度为B，重力加速度为．（1）求小球离开O点后第一次经过轴所用的时间；（2）求小球离开O点后第三次经过轴的坐标；（3）若小球从O点以某一初速度沿与轴正方向成角的方向射出且能再次回到O点，则该初速度的大小为多少?

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

电场线与等势面垂直。沿电场线的方向，电势降低。电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。【题目详解】A项，电势差有正负，但是符号不代表方向，是标量。电场力做的功是标量，故A项错误。B项，由电场力做功的表达式Wab=qUabC项，两点间的电势差与移动的电荷无关，由电场决定，故C项错误。D项，根据Uab=W综上所述，本题正确答案为B。2、D【解题分析】

电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低．【题目详解】A、沿电场线方向电势降低，电场强度的方向是电势降低最快的方向，所以电势降低的方向不一定是电场强度的方向，故A错误；B、电势的0点是人为选择的，所以电势等于零的物体也可以是带电的，故B错误；C、电场强度的大小与电势无关，如点电荷的电场中同一等势面上的各点，电场强度方向不相同，故C错误；D、根据电场的特点可知，电场线为平行直线且等间距的电场是匀强电场，故D正确．故选D．【题目点拨】加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，知道电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低．3、A【解题分析】根据欧姆定律可得：，即该点与原点连线的斜率等于该电阻值，由图像可知，a和b阻值接近相等，故选A.点睛：此题关键是知道U-I线的斜率等于电阻，根据该点与原点连线的斜率可判断阻值的关系.4、B【解题分析】弹簧振子每次通过某一个相同位置时，相对于平衡位置的位移x相同，根据F=-kx可知，回复力相同；根据a=-可知，其加速度也相同；故ACD错误；由于速度有两种可能的方向，速度不一定相同；故B正确；故选B．5、D【解题分析】

真空中两个静止的点电荷的作用力满足库仑定律的条件，所以根据库仑定律可得，电量和距离变化前，他们间的库仑力为它们的带电量都增大为原来的3倍，距离减少为原来的后故D正确，ABC错误。6、D【解题分析】电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位正电荷做的功越多，A错误；只适用于纯电阻的电路，B错误；电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越小，其导电性能越好，但导体的电阻不一定越小，因导体的电阻与长度、横截面积和材料有关，C错误；由可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大，D正确；选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解题分析】

由题，通过AB的中垂面是一等势面，取无穷远电势为零，那么棱AB中点，及C、D在同一等势面上，电势相等，且均为零，而C、D两点的场强都与等势面垂直，方向指向B一侧，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故C、D两点的场强、电势均相同，故ACD正确．B、依据等量异种电荷的电场线分布，可知，棱AB中点的场强不为零，故B错误；故选ACD．8、CD【解题分析】

小球不脱离圆轨道时，最高点的临界情况为解得m/s根据机械能守恒定律得解得m/s故要使小球做完整的圆周运动，必须满足m/s；若不通过四分之一圆周小球也不会脱离圆轨道，根据机械能守恒定律有解得m/s故小球不越过四分之一圆周，必须满足m/s，所以要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足m/s或m/s，故CD正确，AB错误。故选CD。9、BC【解题分析】

将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动，竖直分运动为匀变速直线运动，对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，则小球水平位移x2与x1的比值为3：1，故A错误，B正确；设物体在B动能为EkB，水平分速度为VBx，竖直分速度为VBy，由竖直方向运动对称性知：mvBy2=8J，对于水平分运动运用动能定理得：Fx1=mvMx2﹣mvAX2，F（x1+x2）=mvBx2﹣mvAX2，由A可知：x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F（x1+x2）=24J，故EkB=m（vBy2+vBx2）=32J，故C正确；由于合运动与分运动具有等时性，设小球所受的电场力为F，重力为G，则有：Fx1=6J，，Gh=8J，，所以：，由右图可得：tanθ=，解得：sinθ=，则小球从A运动到B的过程中速度最小时速度一定与等效G’垂直，即图中的P点，故EKmin=mvmin2=m（v0sinθ）2=J，故D错误。故选BC。【题目点拨】本题关键将合运动分解为水平方向的匀加速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，然后对水平分运动运用动能定律求解。10、AD【解题分析】

以导线为研究对象，导线所在处的磁场的方向指向左上方，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左下方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对桌面的压力增大，故AD正确，BC错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、匀速直线运动自由落体运动【解题分析】

根据平抛运动水平方向和竖直方向上的轨迹的特点得出两个方向上的运动规律．【题目详解】（1）通过轨迹图可知，平抛运动在任意时刻水平方向上运动规律与匀速直线运动的规律相同，可知平抛运动在水平方向上做匀速直线运动．（2）通过轨迹图可知，平抛运动竖直方向上的运动规律与自由落体运动的规律相同，在竖直方向上做自由落体运动.12、0.698；2.60；0.46；5.65【解题分析】由图A所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5mm，可动刻度示数为19.8×0.01mm=0.198mm，螺旋测微器示数为0.5mm+0.198mm=0.698mm；电压表量程为3V，则其精确度为0.1V，所以读数为：2.60V；电流表量程为0.6A，则其精确度为0.02A，所以读数为：0.46A；根据。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2.2V2Ω【解题分析】

据闭合电路欧姆定律对电路的两种情况列式，联立后可解得电池的电动势和内电阻。【题目详解】滑动变阻器的滑动头在某位置时，电流表和电压表的示数为0.3A和1.6V，据闭合电路欧姆定律可得：E=U1滑动头移到另一位置时，电流表和电压表的示数为0.4A和1.4V，据闭合电路欧姆定律可得：E=U2联立解得：E=2.2V、r=2Ω14、43.2W【解题分析】试题分析：电机不启动时电源电压直接加在灯泡两端，由闭合电路欧姆定律可求得通过灯泡的电流，由功率公式可求得灯泡消耗的功率；而当电机启动时，电动机与灯泡并连接在电源两端，此时灯泡两端的电压仍等于路端电压，由功率公式可求得车灯消耗的功率；则可求得车灯的电功率降低值．电动机不启动时，灯泡的电压为电源路端电压，设为，电动机启动后灯泡电压仍为路端电压，设为由闭合电路欧姆定律得得：灯泡消耗功率为电动机启动后，路端电压灯泡消耗电功率为所以灯泡功率降低了15、（1）；（2）；（3）【解题分析】

设小球在第一象限中的加速度为，由牛顿第二定律得：，得到，方