【解析版】黑龙江省佳木斯一中20142015学年高二下学期期中化学试卷解析

2014-2015学年黑龙江省佳木斯一中高二（下）期中化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题只有一个正确选项，每题2分，共计34分）1．（2分）（2015春•佳木斯校级期中）下列有机物中，只含有一种官能团的是（）A．氯乙烯B．苯C．甲苯D．乙炔考点：烃的衍生物官能团．分析：碳碳双键、﹣Cl、﹣OH、碳碳三键、﹣CHO、﹣COOH等为常见的官能团，而苯环不是官能团，以此来解答．解答：解：A、CH2=CHCl中含碳碳双键、﹣Cl两种官能团，故A不选；B、苯中无官能团，故B不选；C、甲苯中无官能团，故C不选；D、CH≡CH中只含碳碳三键一种官能团，故D选．故选D．点评：本题考查有机物中的官能团，侧重官能团判断的考查，注意归纳常见有机物的官能团为解答的关键，题目较简单．2．（2分）（2014秋•武汉校级期末）下列物质按照纯净物、混合物、电解质和非电解质顺序排列的是（）A．盐酸、水煤气、醋酸、干冰B．天然气、空气、苛性钾、石灰石C．液氨、氯水、硫酸钠、乙醇D．胆矾、漂白粉、氯化钾、氯气考点：混合物和纯净物；电解质与非电解质．分析：纯净物是指由同种物质组成的，混合物是指由不同种物质组成的，电解质是指在水溶液里或熔化状态下能够导电的化合物，非电解质是指在水溶液里和熔化状态下都不能够导电的化合物，据此可以分析各个选项中各种的所属类别．解答：解：A．盐酸、水煤气均为混合物，醋酸、干冰分别属于化合物，则醋酸属于电解质，干冰属于非电解质，故A错误；B．天然气、空气分别属于混合物，故B错误；C．液氨、氯水、硫酸钠、乙醇分别属于纯净物、混合物、电解质、非电解质，故C正确；D．胆矾、漂白粉、氯化钾、氯气分别属于纯净物、混合物、电解质、单质，故D错误．故选：C．点评：本题考查了纯净物、混合物、电解质、非电解质的概念判断及各种物质的成分掌握，难度中等．3．（2分）（2014秋•河南期末）“纳米材料”是粒子直径为1～100nm（纳米）的材料，纳米碳就是其中的一种．若将纳米碳均匀地分散到蒸馏水中，所形成的物质（）①是溶液②是胶体③能产生丁达尔效应④能透过滤纸⑤不能透过滤纸⑥静置后，会析出黑色沉淀．A．①④⑥B．②③⑤C．②③④D．①③④⑥考点：纳米材料．专题：溶液和胶体专题．分析：纳米材料”是粒子直径为1～100nm的材料，纳米碳就是其中的一种．若将纳米碳均匀地分散到蒸馏水中形成分散系是胶体，依据胶体的特征和性质分析判断问题；解答：解：纳米材料”是粒子直径为1～100nm的材料，纳米碳就是其中的一种．属于胶体分散质微粒直径的大小，若将纳米碳均匀地分散到蒸馏水中形成分散系是胶体，具有丁达尔现象，能透过滤纸，具有介稳性，不生成沉淀，故②③④正确；故选C．点评：本题考查了胶体分散系的本质特征，胶体性质的应用，分散系的本质区别是分散质微粒直径大小．4．（2分）（2014•上海）结构为…﹣CH=CH﹣CH=CH﹣CH=CH﹣CH=CH﹣…的高分子化合物用碘蒸气处理后，其导电能力大幅度提高．上述高分子化合物的单体是（）A．乙炔B．乙烯C．丙烯D．1，3﹣丁二烯考点：聚合反应与酯化反应．专题：有机反应．分析：判断高聚物的单体：首先要根据高聚物的结构简式判断高聚物是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断，加聚产物的单体推断方法：（1）凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两半链闭合即可；（2）凡链节主链上只有四个碳原子（无其它原子）且链节无双键的高聚物，其单体必为两种，在正中间画线断开，然后将四个半键闭合即可；（3）凡链节中主碳链为6个碳原子，其规律是“见双键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开，然后将半键闭合，即将单双键互换；该题属于第（1）种情况，据此进行解答．解答：解：高分子化合物…CH=CH﹣CH=CH﹣CH=CH﹣CH=CH…，其结构简式可以表示为：﹣[CH=CH]﹣n，属于加聚产物，根据加聚产物的单体推断方法，凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两半键闭合即可得其单体为：CH≡CH，故选A．点评：本题考查加聚反应生原理及高分子化合物单体的求算，题目难度不大，明确加聚反应原理及反应产物的单体判断方法是解答的关键．5．（2分）（2010•上海）下列有机物命名正确的是（）A．1，3，4﹣三甲苯B．2﹣甲基﹣2﹣氯丙烷C．2﹣甲基﹣1﹣丙醇D．2﹣甲基﹣3﹣丁炔考点：有机化合物命名．分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：1）命名要符合“一长、一近、一多、一小”，也就是主链最长，编号起点离支链最近，支链数目要多，支链位置号码之和最小；2）有机物的名称书写要规范；3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名．4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小．解答：解：有机物命名时，应遵循数值和最小原则，故应命名为：1，2，4﹣三甲苯，A选项错误；有机物命名时，编号的只有C原子，故应命名为：2﹣丁醇，C选项错误；炔类物质命名时，应从离三键近的一端编号，故应命名为：3﹣甲基﹣1﹣丁炔，D选项错误．故选B．点评：此题考查了有机物的命名知识．一般要求了解烷烃的命名、苯的同系物的命名及简单的烃的衍生物的命名．命名时要遵循命名原则，书写要规范．6．（2分）（2013•广东模拟）分析下表中各项的排布规律，按此规律排布第26项应为（）12345678910C2H4C2H6C2H6OC2H6O2C3H6C3H8C3H8OC3H8O2C4H8C4H10A．C7H16B．C7H14O2C．C8H18D．C8H18O考点：有机物实验式和分子式的确定．专题：压轴题；有机物分子组成通式的应用规律．分析：根据表中的化学式规律采用分组分类法推出：每4个化学式为一组，依次是烯烃、烷烃、饱和一元醇、饱和二元醇．第26项应在第7组第二位的烷烃，相邻组碳原子数相差1，该组中碳原子数为2+（7﹣1）×1=8．解答：解：根据表中的化学式规律采用分组分类法推出：每4个化学式为一组，依次是烯烃、烷烃、饱和一元醇、饱和二元醇．把表中化学式分为4循环，26=4×6+2，即第26项应在第7组第二位的烷烃，相邻组碳原子数相差1，该组中碳原子数为2+（7﹣1）×1=8，故第26项则为C8H18．故选：C．点评：考查分子式的判断，难度中等，实际是一道数学题，不需要过多的化学知识，细心分析表中化学式的有关数据，找出规律，即可解题，寻找规律是关键．7．（2分）（2015春•佳木斯校级期中）玻璃器皿上沾有一些用水洗不掉的残留物，其洗涤方法正确的是（）①用酒精洗涤试管内壁上残留的碘②用酒精洗涤试剂瓶中残留的苯酚③用稀氨水洗涤试管壁上银镜④用热碱液洗涤试管内壁上的油脂．A．①③④B．②③④C．①②④D．①②③④考点：苯酚的化学性质；氯、溴、碘及其化合物的综合应用；油脂的性质、组成与结构．分析：①碘易溶于酒精；②苯酚易溶于酒精；③银单质与氨水不反应；④氢氧化钠能和油脂反应．解答：解：①根据碘溶于酒精的性质，所以可用酒精清洗残留碘的试管，故①正确；②苯酚易溶于酒精，残留有苯酚的试管，可用酒精洗涤，故②正确；③银单质与氨水不反应，可用稀硝酸洗去，故③错误；④氢氧化钠能和油脂反应，从而把油脂除去，故④正确．故选C．点评：本题主要考查化学实验基本操作，主要是常见物质的溶解度考查，难度不大，注意基础知识的积累．8．（2分）（2010•江西）下列各组中的反应，属于同一反应类型的是（）A．由溴丙烷水解制丙醇；由丙烯与水反应制丙醇B．由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯氧化制苯甲酸C．由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制1，2﹣二溴丙烷D．由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇考点：有机化学反应的综合应用．专题：有机反应．分析：有机化学反应类型包括：取代反应、氧化反应、还原反应、加成反应和消去反应以及聚合反应，根据各个化学反应类型的实质来判断所属的类型．解答：解：A、溴丙烷水解制丙醇属于取代反应，丙烯与水反应制丙醇的过程属于加成反应，反应类型不一样，故A错误；B、甲苯硝化制对硝基甲苯，属于取代反应，由甲苯氧化制苯甲酸，属于氧化反应，反应类型不一样，故B错误；C、氯代环己烷消去制环己烯，属于消去反应，由丙烯加溴制1，2﹣二溴丙烷，属于加成反应，反应类型不一样，故C错误；D、乙酸和乙醇制乙酸乙酯属于取代反应，苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇属于取代反应，反应类型一样，故D正确．故选D．点评：本题考查学生有机化学反应的各种类型：取代反应、氧化反应、还原反应、加成反应和消去反应，注意各类型的特点和物质的性质是解题的关键，难度不大．9．（2分）（2015春•佳木斯校级期中）下列各组有机物只用一种试剂无法鉴别的是（）A．乙醇、苯酚、硝基苯B．苯、乙醛、己烯C．甲酸、甲苯、乙酸D．苯乙烯、甲苯、环己烷考点：有机物的鉴别．分析：A．乙醇与水混溶，苯酚由溴水发生取代反应，硝基苯不溶于水，密度比水大；B．乙醛、己烯都可与溴水发生氧化还原反应；C．甲酸含有羧基、醛基，具有还原性，乙酸具有酸性；D．如用溴水，不能鉴别甲苯、环己烷，如用高锰酸钾，不能鉴别苯乙烯、甲苯．解答：解：A．可加入溴水鉴别，乙醇与水混溶，苯酚由溴水发生取代反应生成白色沉淀，硝基苯不溶于水，密度比水大，色层在下层，可鉴别，故A不选；B．加入溴水，乙醛、己烯都可与溴水发生氧化还原反应，但己烯生成二溴己烷，不溶于水，密度比水大，苯的密度比水小，现象不同，可鉴别，故B不选；C．可加入氢氧化铜浊液鉴别，甲酸含有羧基、醛基，不加热可溶解，加热生成砖红色沉淀，乙酸具有酸性，只能溶解氢氧化铜，可鉴别，故C不选；D．如用溴水，不能鉴别甲苯、环己烷，如用高锰酸钾，不能鉴别苯乙烯、甲苯，故D选．故选D．点评：本题考查有机物的鉴别，题目难度不大，注意把握有机物性质的异同，为解答该题的关键点，学习中要注重相关基础知识的积累．10．（2分）（2011•广东）下列说法正确的是（）A．纤维素和淀粉遇碘水均显蓝色B．蛋白质、乙酸和葡萄糖均属电解质C．溴乙烷与NaOH乙醇溶液共热生成乙烯D．乙酸乙酯和食用植物油均可水解生成乙醇考点：淀粉的性质和用途；溴乙烷的化学性质；酯的性质；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．碘单质遇淀粉变蓝色；B．在水溶液里或熔融状态下能导电的化合物是电解质，在水溶液里或熔融状态下都不导电的化合物是非电解质；C．卤代烃与NaOH乙醇溶液共热发生消去反应；D．食用植物油是高级脂肪酸甘油酯．解答：解：A．碘单质遇淀粉变蓝色，纤维素遇碘水不变色，故A错误；B．蛋白质属于高分子化合物，是混合物，不是电解质，而葡萄糖属于非电解质，只有乙酸才属于电解质，故B错误；C．溴乙烷与NaOH乙醇溶液共热发生消去反应生成乙烯，故C正确；D．食用植物油是高级脂肪酸甘油酯，水解生成高级脂肪酸和甘油，故D错误．故选C．点评：本题考查淀粉的检验、电解质、消去反应、油脂的水解等，题目难度不大，注意食用植物油的主要成分是高级脂肪酸甘油酯．11．（2分）（2015春•佳木斯校级期中）如图是某有机物分子的简易球棍模型．下列关于该有机物的说法中错误的是（）A．分子式为C3H7O2NB．该有机物能发生缩聚反应C．能通过聚合反应生成高分子化合物D．具有相同官能团的该有机物的同分异构体还有两种考点：常见有机化合物的结构．分析：由简易球棍模型可知，有机物为CH3CH（NH2）COOH，为氨基酸，结合氨基酸的性质来解答．解答：解：A．有机物结构简式为CH3CH（NH2）COOH，分子式为C3H7O2N，故A正确；B．含羧基和氨基，则该有机物能发生缩聚反应，故B正确；C．含羧基和氨基，可发生聚合反应生成高分子化合物，故C正确；D．具有相同官能团的该有机物的同分异构体只有NH2CH2CH2COOH一种，故D错误；故选D．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握发生的官能团及性质为解答的关键，侧重氨基酸的性质考查，题目难度不大．12．（2分）（2013秋•怀柔区期末）下列有关化学用语不能表示为2﹣丁烯的是（）A．B．CH3CH=CHCH3C．D．考点：常见有机化合物的结构．专题：有机物分子组成通式的应用规律．分析：A、根据键线式的表示方法来回答；B、根据烯烃的命名知识来回答；C、根据球棍的结构特点以及原子的成键方式来回答；D、根据有机物质的电子式的书写知识来回答．解答：解：A、是2﹣丁烯的键线式形式，故A正确；B、是2﹣丁烯的结构简式形式，故B正确；C、表示的是1﹣戊烯的球棍模型形式，故C错误；D、是2﹣丁烯的电子式形式，故D正确．故选C．点评：考查常用化学用语的书写，难度中等，注意教材知识的梳理和归纳是解题的关键．13．（2分）（2015•江西模拟）的同分异构体中，苯环上的一氯代物只有一种的结构有（不考虑立体异构）（）A．7种B．6种C．5种D．4种考点：常见有机化合物的结构．分析：根据取代基的种类和个数进行分析，使得有机物结构中含有1种氢原子即可，据此讨论解答．解答：解：第一种情况就是四个碳分别形成甲基，①四个甲基分别连在1、2、3、4位碳原子上，5、6位氢原子等效，苯环上的一氯代物只有一种的结构；②四个甲基分别连在1、2、4、5位碳原子上，3、6位氢原子等效，苯环上的一氯代物只有一种的结构；③四个甲基分别连在1、2、3、5位碳原子上，4、6位氢原子等效，苯环上的一氯代物只有一种的结构；第二种情况就是两个乙基分别为1、4位碳原子上，2、3、5、6位氢原子等效，苯环上的一氯代物只有一种的结构；所以苯环上的一氯代物只有一种的结构有同分异构体有4种；故选：D．点评：本题主要考查同分异构体的书写，难度中等，根据等效氢判断侧链是解题的关键．14．（2分）（2014•闵行区一模）有关“油”的说法正确的是（）A．油脂包括矿物油、植物油与动物油B．油脂的氢化与油脂的皂化都属于加成反应C．植物油能使碘酒褪色D．油脂属于高分子化合物，可以发生水解反应考点：油脂的性质、组成与结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．矿物油是烃；B．油脂的皂化属于水解反应；C．植物油中含有碳碳双键；D．相对分子质量在10000以上的有机化合物为高分子化合物．解答：解：A．矿物油是烃，不是油脂，故A错误；B．油脂的氢化属于加成反应，油脂的皂化属于水解反应，故B错误；C．植物油中含有碳碳双键，能与碘单质发生加成反应，故C正确；D．油脂相对分子质量较小，不属于高分子化合物，故D错误．故选C．点评：本题考查油脂的性质、组成与结构，明确矿物油是烃是解题的关键，难度不大．15．（2分）（2015春•佳木斯校级期中）有些离子方程式能表示一类反应，有些离子方程式却只能表示一个反应．下列离子方程式中，只能表示一个化学反应的是（）①Fe+Cu2+═Fe2++Cu②Ba2++2OH﹣+2H++SO42﹣═BaSO4↓+2H2O③Cl2+H2O═H++Cl﹣+HClO④CO32﹣+2H+═CO2↑+H2O⑤Ag++Cl﹣═AgCl↓A．只有③B．②③C．③⑤D．①④考点：离子方程式的书写．专题：离子反应专题．分析：①可表示铁与硫酸铜、氯化铜的反应；②可表示氢氧化钡与硫酸、硫酸氢钠的反应；③只能表示氯气与水的反应；④可表示碳酸钠、碳酸钾与盐酸、硝酸的反应；⑤可表示硝酸银与盐酸、氯化钠的反应．解答：解：①可表示铁与可溶性铜盐的反应，可表示一类反应，故①不选；②可表示氢氧化钡与硫酸、硫酸氢钠的反应，可表示一类反应，②不选；③只能表示氯气与水的反应，故③选；④可表示可溶性碳酸盐与强酸的反应，可表示一类反应，故④不选；⑤可表示硝酸银与盐酸、可溶性氯化物的反应，可表示一类反应，故⑤不选；故选：A．点评：本题考查了离子方程式的含义，题目难度不大，明确离子方程式的意义、能够正确书写离子方程式是解本题关键，为考试热点．16．（2分）（2014秋•文登市期末）下列反应只能生成一种有机物的是（）A．乙烷与氯气发生取代反应B．CH3﹣CH=CH2与HCl发生加成反应C．发生消去反应D．CH3CH2CH2Cl与水发生取代反应考点：同分异构现象和同分异构体．分析：A．乙烷光照下的取代反应为连锁式反应；B．不对称烯烃与不对称分子发生加成反应，产物有2种；C．与﹣OH相连的C的邻位C上有H可发生消去反应；D．一氯代物水解只生成一种物质．解答：解：A．乙烷与Cl2在光照条件下发生取代反应可得到各种氯代产物和氯化氢，故A不选；B．CH3﹣CH=CH2与HCl都是不对称分子，发生加成反应，产物有2种，故B不选；C．发生消去反应，生成1﹣丁烯或2﹣丁烯，故C不选；D．CH3CH2CH2Cl与水发生取代反应，只能生成1﹣丙醇，故D选；故选D．点评：本题考查有机物的结构与性质，把握醇消去反应的结构特点为解答的关键，题目难度不大．17．（2分）（2015春•佳木斯校级期中）去甲肾上腺素可以调控动物机体的植物性神经功能，其结构简式如图所示．下列说法正确的是（）A．去甲肾上腺素分子式为C8H10O3NB．每个去甲肾上腺素分子中含有3个酚羟基C．1mol去甲肾上腺素最多能与2molBr2发生取代反应D．去甲肾上腺素既能与盐酸反应，又能与氢氧化钠溶液反应考点：有机物的结构和性质．分析：由结构简式可知分子式，分子中含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应，含有醇羟基，可发生取代、氧化和消去反应，含有氨基，具有碱性，可与酸反应，以此解答．解答：解：A．由结构简式可知分子式为C8H11NO3，故A错误；B．分子中含有2个酚羟基，1个醇﹣OH，故B错误；C．酚﹣OH的邻对位与溴水发生取代反应，则1mol去甲肾上腺素最多能与3molBr2发生取代反应，故C错误；D．酚羟基可与氢氧化钠反应，氨基可与盐酸反应，故D正确．故选D．点评：本题考查有机物结构与性质，为高频考点，把握官能团结构及其性质是解答的关键，注意B选项中酚与醇的区别，题目难度中等．二、（每题只有一个正确选项，每题3分，共计27分）18．（3分）（2015春•佳木斯校级期中）硅橡胶是由经两种反应而制得的，这两种反应依次是（）A．消去、加聚B．水解、缩聚C．氧化、缩聚D．取代、加聚考点：有机物的结构和性质．分析：由二甲基二氯硅烷制得硅橡胶的反应流程为，有机物中卤素原子被羟基代替的反应，属于卤代烃的水解反应，含有两个羟基的有机物分子内脱去水会得到高分子化合物，以此解答该题．解答：解：硅橡胶是由二甲基二氯硅烷经过两种类型的反应而形成的高分子化合物：，在中，前一步实现了有机物中卤素原子被羟基代替的反应，属于卤代烃的水解反应，然后是两分子的羟基脱去水分子形成了高聚物，属于缩聚反应，故选B．点评：本题考查了聚合反应原理、有机反应类型的判断，为高频考点，题目难度不大，注意掌握常见有机反应类型、反应原理，能够根据高分子化合物的结构判断其单体．19．（3分）（2014秋•南安市校级期末）有机物A、B、C、D、E都是常见的有机物，能发生如图所示的转化，已知A的分子式为C10H20O2，则符合此转化关系的A的可能结构有（）A．2种B．3种C．4种D．5种考点：有机物的推断；同分异构现象和同分异构体．专题：有机物的化学性质及推断．分析：有机物A在碱性条件下能水解生成B与C，说明A为酯，根据分子组成可知A为饱和一元酸和饱和一元醇形成的酯，C与硫酸反应得到D，B连续发生氧化反应也得到D，则B为醇、D为羧酸，且B和D的碳原子数相同，碳链相同，B为伯醇，故B的结构为C4H9CH2OH，确定﹣C4H9的数目，进而判断A的可能结构．解答：解：有机物A在碱性条件下能水解生成B与C，说明A为酯，根据分子组成可知A为饱和一元酸和饱和一元醇形成的酯，C与硫酸反应得到D，B连续发生氧化反应也得到D，则B为醇、D为羧酸，且B和D的碳原子数相同，碳链相同，B为伯醇，故B的结构为C4H9CH2OH，﹣C4H9的有﹣CH2CH2CH2CH3，﹣CH（CH3）CH2CH3，﹣CH2CH（CH3）2，﹣C（CH3）3，故B有4种，则A有4种，故选C．点评：本题考查有机物推断、同分异构体书写，侧重考查同分异构体，注意根据B可以连续氧化得到D，判断B、D含有相同碳原子数目，碳骨架相同，且B为伯醇．20．（3分）（2015春•佳木斯校级期中）设NA为阿伏伽德罗常数的值．下列说法正确的是（）A．同温同压下，C18O与N2的密度相同B．同体积同密度的C2H4与C3H6含有的分子数相同C．标准状况下，11.2L苯中含有分子的数目为0.5NAD．在过氧化钠与水的反应中，固体每增重mg，转移电子的数目为考点：阿伏加德罗常数．分析：A、同温同压下，气体的密度之比等于相对分子质量之比；B、C2H4与C3H6的摩尔质量不同；C、标况下，苯为液体；D、根据Na2O2与H2O的反应可知：每增重2g，转移1mol电子．解答：解：A、同温同压下，气体的密度之比等于相对分子质量之比，C18O的相对分子质量为30，N2的相对分子质量均为28，故同温同压下，两气体的密度不相同，故A错误；B、同体积铜密度的C2H4与C3H6的质量相同，但由于两者的摩尔质量不同，根据n=可知，两者的物质的量不同，则所含的分子个数N=n•NA不同，故B错误；C、标况下，苯为液体，故不能根据气体摩尔体积来计算物质的量，故C错误；D、根据Na2O2与H2O的反应：2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑可知：此反应增重4g，转移2mol电子，即增重2g时，转移NA个电子，故当每增重mg，转移电子的数目为，故D正确．故选D．点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大．21．（3分）（2015春•佳木斯校级期中）下列说法正确的是（）A．的结构中含有酯基B．顺﹣2﹣丁烯和反﹣2﹣丁烯的加氢产物不同C．1mol葡萄糖可水解生成2mol乳酸（C3H6O3）D．油脂和蛋白质都是能发生水解反应的高分子化合物考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．为缩聚产物，含有酯基；B．顺﹣2﹣丁烯和反﹣2﹣丁烯的加氢都可生成正丁烷；C．葡萄糖不水解；D．油脂不是高分子化合物．解答：解：A．为缩聚产物，含有酯基，故A正确；B．顺﹣2﹣丁烯和反﹣2﹣丁烯的加氢都可生成正丁烷，故B错误；C．葡萄糖为最简单的糖，不发生水解，故C错误；D．油脂相对分子质量较小，不是高分子化合物，故D错误．故选A．点评：本题综合考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构以及官能团的性质，难度不大．22．（3分）（2015春•佳木斯校级期中）如图有关实验装置进行的相应实验，能达到实验目的是（）A．图1可证明乙醇发生消去反应生成了乙烯B．图2用于实验室制备乙酸乙酯C．图3用于配制银氨溶液D．图4用于实验室制硝基苯考点：化学实验方案的评价．分析：A．乙醇有还原性；B．应用饱和碳酸钠吸收；C．应向硝酸银溶液中滴加氨水；D．实验室制硝基苯在50﹣60℃下发生反应．解答：解：A．乙醇有还原性，易挥发，能使酸性高锰酸钾褪色，故A错误；B．氢氧化钠能与乙酸乙酯反应，应用饱和碳酸钠吸收，故B错误；C．应向硝酸银溶液中滴加氨水，生成沉淀时继续滴加氨水，沉淀恰好溶解即为银氨溶液，图中操作不合理，故C错误；D．实验室制硝基苯，需要用水浴加热50﹣60℃下发生反应，可以制取，故D正确．故选D．点评：本题考查常见化学实验装置的使用，制备实验装置和使用方法，侧重实验基本操作和实验原理的考查，注意装置的作用及实验的操作性、评价性分析，题目难度不大．23．（3分）（2013秋•秦安县期末）某氯化镁溶液的密度为1.18g•cm﹣3，其中镁离子的质量分数为5.11%．300mL该溶液中Cl﹣离子的物质的量约等于（）A．0.37molB．0.63molC．0.74molD．1.5mol考点：物质的量浓度的相关计算；溶液中溶质的质量分数及相关计算．专题：物质的量浓度和溶解度专题．分析：根据c=计算镁离子的物质的量浓度，再利用MgCl2可知，c（Cl﹣）=2c（Mg2+），以此来解答．解答：解：氯化镁溶液的密度为1.18g•cm﹣3，其中镁离子的质量分数为5.11%，则c（Mg2+）=≈2.5mol/L，c（Cl﹣）=2c（Mg2+）=5.0mol/L，所以300mL该溶液中Cl﹣离子的物质的量约等于0.3L×5.0mol/L=1.5mol，故选：D．点评：本题考查物质的量及浓度的有关计算，明确浓度与质量分数的换算公式即可解答，难度不大．24．（3分）（2015•南昌校级二模）设NA为阿伏加德罗常数的数值，下列说法错误的是（）A．一定条件下，2molSO2和1molO2混合在密闭容器中充分反应后容器中的分子数大于2NAB．256gS8分子中含S﹣S键为7NA个C．由1molCH3COONa和少量CH3COOH形成的中性溶液中，CH3COO﹣数目为NA个D．1molNa与O2完全反应，生成Na2O和Na2O2的混合物，转移电子总数为NA个考点：阿伏加德罗常数．分析：A．二氧化硫和氧气反应是可逆反应不能进行完全；B．一个S8分子中含8个S﹣S键，据此计算出256g晶体中含有的S﹣S的数目；C．溶液为中性，氢离子与氢氧根离子浓度相等，根据电荷守恒可知，钠离子与醋酸根离子浓度相等；D．钠为1价金属，1mol钠完全反应失去1mol电子．解答：解：A．二氧化硫和氧气反应是可逆反应，用极端假设法，若SO2转化率为0，混合气体分子数为3NA，若二氧化硫转化率100%，则混合气体分子数为2NA，反应是可逆反应，所以平衡后的混合气体分子数大于2NA小于3NA，故A正确；B．56gS8晶体含有S8的物质的量为1mol，1molS8中含有8molS﹣S键，含有的S﹣S键为8NA个，故B错误；C．由1molCH3COONa和少量CH3COOH形成的中性溶液中，根据电荷守恒可知，钠离子与醋酸根离子浓度相等，则醋酸根离子与钠离子的物质的量相同，都是1mol，溶液中CH3COO﹣数目为NA个，故C正确；D．1molNa与O2完全反应，无论生成Na2O还是Na2O2，1mol钠完全反应失去1mol电子，转移电子总数为NA个，故D正确；故选B．点评：本题考查阿伏加德罗常数的应用，题目难度中等，注意掌握好以物质的量为中心的各化学量与阿伏加德罗常数的关系，准确弄清分子、原子、原子核内质子中子及核外电子的构成关系，B为易错点，注意掌握分析方法．25．（3分）（2015春•佳木斯校级期中）下列说法正确的一组是（）①不溶于水的盐（CaCO3、BaSO4等）都是弱电解质②二氧化碳溶于水能部分电离，故二氧化碳属于弱电解质③氯化钠水溶液在电流的作用下电离出Na+和Cl﹣，所以氯化钠是强电解质④强酸溶液中氢离子浓度一定大于弱酸溶液中氢离子浓度⑤熔融的电解质都能导电⑥强电解质可能是离子化合物，也可能是共价化合物．A．①③⑤⑥B．②④⑤⑥C．只有⑤D．只有⑥考点：强电解质和弱电解质的概念；电解质溶液的导电性．分析：①电解质的强弱与溶解性无关；②电解质：在水溶液中或熔融状态下能够导电的化合物；非电解质：在熔融状态和水溶液中都不能导电的化合物；③氯化钠为电解质，在水溶液中能够电离出钠离子和氯离子，电离时不需要通电；④H+浓度与酸的浓度、分子中氢离子的个数以及电离程度有关，与电解质的强弱无关；⑤酸在熔融态时不导电；⑥强电解质不一定是离子化合物，如氯化氢是共价化合物，它是强电解质，弱电解质也不一定是共价化合物，如氢氧化铝是弱电解质，但它是离子化合物．解答：解：①电解质的强弱与溶解性无关，不溶于水的盐可能是强电解质，CaCO3、BaSO4均是强电解质，故①错误；②二氧化碳溶于水能部分电离，但二氧化碳自身不能电离，故二氧化碳属于非电解质，故②错误；③氯化钠水溶液不需要电流，而是在溶液中水的作用下能够电离出Na+和Cl﹣，故③错误；④强酸溶液中的H+浓度不一定大于弱酸溶液中的H+浓度，H+浓度与酸的浓度、分子中氢离子的个数以及电离程度有关，与电解质的强弱无关，故④错误；⑤酸为共价化合物，在熔融态时均不导电，只有溶于水时才导电，故⑤错误；⑥强电解质不一定是离子化合物，如氯化氢是共价化合物，它是强电解质，弱电解质也不一定是共价化合物，如氢氧化铝是弱电解质，但它是离子化合物，强电解质可能是离子化合物，也可能是共价化合物，故⑥正确，故选D．点评：本题主要考查的是强弱电解质的概念以及判断，涉及溶液导电的原因、溶液中离子浓度大小比较等，难度不大．26．（3分）（2015春•佳木斯校级期中）300mLAl2（SO4）3溶液中，含Al3+为1.62g，在该溶液中加入0.1mol•L﹣1Ba（OH）2溶液300mL，反应后溶液中SO42﹣的物质的量浓度为（）A．0.4mol•L﹣1B．0.3mol•L﹣1C．0.2mol•L﹣1D．0.1mol•L﹣1考点：物质的量浓度的相关计算．分析：Al2（SO4）3溶液中加入的BaCl2溶液发生反应：SO42﹣+Ba2+═BaSO4↓，根据n=计算铝离子物质的量，进而计算硫酸铝溶液中SO42﹣的物质的量，根据n=cV计算Ba2+的物质的量，根据方程式计算参加反应SO42﹣的物质的量，进而计算剩余SO42﹣的物质的量，再根据c=计算SO42﹣的物质的量浓度．解答：解：溶液中Al3+为1.62g，物质的量为：=0.06mol，根据电荷守恒可知，溶液中n（SO42﹣）=n（Al3+）=×0.06mol=0.09mol，加入的BaCl2的物质的量为：0.1mol/L×0.3=0.03mol，故n（Ba2+）=0.03mol，SO42﹣+Ba2+═BaSO4↓0.03mol0.03mol所以剩余SO42﹣的物质的量为：0.09mol﹣0.03mol=0.06mol，所以反应后溶液中SO42﹣的物质的量的浓度为：=0.1mol/L，故选D．点评：本题考查物质的量浓度计算，题目难度中等，明确发生的反应原理为解答关键，注意熟练掌握物质的量浓度的概念及表达式，试题培养了学生灵活应用基础知识的能力．三、解答题（共5小题，满分39分）27．（10分）（2014秋•岐山县期末）某小组同学要配制100mL0.100mol•L﹣1Na2CO3溶液．下图是一些关键步骤和操作．ABCDEF（1）配制过程的先后顺序为（用字母A～F填写）DBCAFE．（2）配制过程所需的玻璃仪器有烧杯、玻璃棒、量筒、100mL容量瓶．（3）用Na2CO3•10H2O来配制溶液，若晶体已经部分失去结晶水，则所配得溶液的浓度会偏高（填“偏高”、“偏低”、“不变”）．（4）步骤A通常称为洗涤，如果没有步骤A，则配得溶液的浓度将偏低（填“偏高”、“偏低”、“不变”）；步骤F称为定容，如果俯视刻度线，配得溶液的浓度将偏高（填“偏高”、“偏低”、“不变”）．（5）在步骤B之后，需冷却至室温才进行下一步操作．考点：配制一定物质的量浓度的溶液．专题：实验题．分析：（1）根据配制一定物质的量浓度的溶液的正确操作方法对图示操作过程进行排序；（2）根据配制一定物质的量浓度的溶液使用的仪器进行解答；（3）晶体已经部分失去结晶水，导致称量的溶质碳酸钠的物质的量偏大，配制结果偏高；（4）没有洗涤烧杯和玻璃棒，会导致配制的溶液中溶质的物质的量偏小；步骤F为使用胶头滴管定容；若俯视定容，导致加入的蒸馏水体积偏小，配制溶液浓度偏高；（5）碳酸钠晶体在溶解过程中会放出热量，需要冷却至室温后才能转移到容量瓶中．解答：解：（1）配制一定物质的量浓度的溶液步骤为：计算、称量、溶解、冷却、转移、洗涤、定容、摇匀等，所以正确的顺序为：DBCAFE，故答案为：DBCAFE；（2）配制100mL0.100mol•L﹣1Na2CO3溶液需要使用的玻璃仪器有：烧杯、量筒、玻璃棒、胶头滴管和100mL容量瓶，所以还缺少100mL容量瓶，故答案为：100mL容量瓶；（3）用Na2CO3•10H2O来配制溶液，若晶体已经部分失去结晶水，称量的碳酸钠晶体中含有的碳酸钠的物质的量偏大，则所配得溶液的浓度会偏高，故答案为：偏高；（4）配制过程中必须洗涤烧杯和玻璃棒，否则会导致配制的溶液中溶质的物质的量偏小，配制的溶液浓度偏低；步骤F为定容，定容时眼睛应该平视容量瓶刻度线，否则会影响配制结果，若俯视定容，导致加入的蒸馏水体积偏小，配制的溶液浓度偏高，故答案为：偏低；定容；偏高；（5）碳酸钠晶体在溶解时会放出热量，温度会影响溶液的体积，所以必须待溶液冷却至室温后再转移到容量瓶中，否则会影响配制结果，故答案为：冷却至室温．点评：本题考查了配制一定物质的量浓度的溶液的方法及误差分析，题目难度不大，注意掌握正确的配制方法，本题中误差分析为难度，注意明确误差分析的方法及技巧．28．（8分）（2015春•佳木斯校级期中）（1）某烃的结构简式是，分子中饱和碳原子数为4，可能在同一平面上的碳原子数最多为8（2）下列物质中属于同系物的是C①CH3CH2Cl②CH2═CHCl③CH3CH2CH2Cl④CH2ClCH2Cl⑤CH3CH2CH2CH3⑥CH3CH（CH3）2A．①②B．①④C．①③D．⑤⑥（3）咖啡酸（如图），存在于许多中药中，如野胡萝卜、光叶水苏、荞麦、木半夏等．咖啡酸有止血作用，特别对内脏的止血效果较好．①咖啡酸与NaHCO3溶液反应的方程式．②蜂胶的主要活性成分为CPAE，分子式为C17H16O4，该物质在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇，该醇为芳香醇且分子结构中无甲基，此芳香醇的结构简式为，咖啡酸跟该芳香醇在一定条件下反应生成CPAE的化学方程式为．考点：常见有机化合物的结构；有机物的结构和性质；芳香烃、烃基和同系物．分析：（1）根据连接四个基团（或原子）的碳原子为饱和碳原子，在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行共线、共面分析判断，注意单键可以旋转；（2）结构相似，分子组成上相差1个或者若干个CH2基团的化合物互称为同系物；同系物判断规律：①一差：分子组成相差若干个CH2原子团，即相对分子质量差保持一致，犹如等差数列中的公差．②一同：同通式．③一似：结构相似，据此进行判断；（3）①只有羧基与NaHCO3溶液反应；②蜂胶的主要活性成分为CPAE，分子式为C17H16O4，该物质在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇，该醇为芳香醇且分子结构中无甲基，此芳香醇的结构简式为，可与发生酯化反应．解答：解：（1）连接四个基团（或原子）的碳原子为分子中乙基中的碳原子，分子中有2个乙基，故分子中饱和碳原子数为4；分子中存在C≡C的直线结构，与C≡C相连的C=C中的碳原子处于乙炔的H原子位置，在同一直线上的碳原子数为3，分子中存在C=C的平面型结构，与C=C直接相连的碳原子都在同一平面上，同时C=C中的1个碳原子与C≡C上的2个碳原子共线，所以最多在同一平面上的碳原子数为8，故答案为：4；8；（2）同系物中含有的官能团种类和数目必须相同，②CH2=CHCl中含有一个碳碳双键，其它物质都没有，所以没有与②互为同系物的有机物；④中含有两个氯离子，其它物质都含有1个或者不含氯原子，所以没有与④互为同系物的有机物；⑤和⑥为烷烃，二者含有4个碳原子，属于同分异构体，不属于同系物；只有①CH3CH2Cl和③CH3CH2CH2Cl满足同系物条件：二者分子中都含有1个Cl原子，分子之间相差1个CH2基团，故选C；（3）①只有羧基与NaHCO3溶液反应，反应的方程式为，故答案为：；②蜂胶的主要活性成分为CPAE，分子式为C17H16O4，该物质在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇，该醇为芳香醇且分子结构中无甲基，此芳香醇的结构简式为，可与发生酯化反应，生成，反应的方程式为，故答案为：；．点评：本题考查了有机物结构与性质、同系物的判断，题目难度中等，注意有机物的含有的官能团的性质，此为解答该题的关键，熟悉苯酚、烯烃、羧酸的性质即可解答．29．（4分）（2015春•佳木斯校级期中）某有机化合物A的相对分子质量（分子量）大于100，小于110．经分析得知，其中C和H的质量分数之和为53.8%，其余为氧．请回答：（1）1个A分子中含有3个氧原子．（2）已知A分子中C、H原子个数比=1：2，则该化合物的质谱图中最大质荷比为104．（3）已知A可与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳，A的核磁共振氢谱为3组峰，且面积比为6：1：1，则A的结构简式为．考点：有关有机物分子式确定的计算．专题：计算题．分析：（1）根据A分子中碳、氢元素的质量分数计算出氧元素的质量分数，然后根据A的相对分子质量范围确定分子中O原子取值范围，进而确定O原子数目；（2）根据氧原子数目及氧元素质量分数确定A的相对分子质量，该化合物的质谱图中最大质荷比为其相对分子质量；（3）A分子中C、H原子个数比=1：2，可设A的分子式为（CH2）nOx，x由（1）计算得到，根据A的相对分子质量计算出n的值，确定A的分子式，A可与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳，说明A分子中含有羧基，结合A的核磁共振氢谱为3组峰且面积比为6：1：1确定其结构简式．解答：解：（1）A分子中C和H的质量分数之和为53.8%，则氧元素的质量分数为：1﹣53.8%=46.2%，当相对分子质量为110时，A中最多含有氧原子个数为：≈3.2，当相对分子质量为100时，最少含有氧原子数目为：≈2.9，所以A中含有氧原子数为3，故答案为：3；（2）A的相对分子量为：≈104，该化合物的质谱图中最大质荷比为104，故答案为：104；（3）A分子中C、H原子个数比=1：2，可设A的分子式为：（CH2）nO3，则14n+16×3=104，解得：n=4，所以A的分子式为：C4H8O3，A可与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳，说明A分子中含有羧基，由于A的分子式的不饱和度为2，则除了羧基外其它结构都为单键，A的核磁共振氢谱为3组峰，且面积比为6：1：1，则A中含有3种H原子，A中应该含有两个甲基，则A的结构简式为：，故答案为：．点评：本题考查有机物分子式与结构式的确定，题目难度不大，关键是计算确定A分子中氧原子数目．30．（15分）（2015春•佳木斯校级期中）有机化工原料1，4﹣二苯基﹣1，3﹣丁二烯及某抗结肠炎药物有效成分的合成路线如下（部分反应略去试剂和条件）：已知：（1）抗结肠炎药物有效成分分子中的含氧官能团名称是羧基、羟基．（2）D的结构简式是（3）写出F与NaOH反应的化学方程式+3NaOH→+CH3COONa+2H2O．（4）下列说法正确的是BD（填选项字母）．A．④的反应条件X和⑤的反应条件Y完全相同B．①②④⑤反应类型相同C．G不可以发生缩聚反应D．设计D→E和F→G两步反应的目的是防止酚羟基被氧化（5）检验有氯原子的方法是将少量样品与NaOH溶液在试管中混合共热，充分反应并冷却后，