浙江省宁波市仁爰中学2022年高三化学测试题含解析

浙江省宁波市仁爰中学2022年高三化学测试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.煤、石油、天然气是重要的能源的化学原料，下列说法正确的是（）参考答案：答案：D解析：同07年广东理科基础卷。2.下列混合物分离（或除杂）的方法正确的是

A．Na2CO3溶液中混有少量NaHCO3杂质可用通入足量CO2气体的方法提纯

B．Fe（OH）3中含有少量A1（OH）3可加入适量的HCl除去

C．用CCl4可以从碘水中萃取碘

D．Fe（NO3）3中混有少量Fe（NO3）2的杂质可加入适量的硫酸除去参考答案：C略3.下列各组描述正确的是（）A．化工生产要遵守三原则：充分利用原料、充分利用能量、保护环境．①燃烧时使用沸腾炉

②制盐酸时将氯气在氢气中燃烧

③制硫酸时使用热交换器

这3种化工生产分别符合以上某原则B．①用燃烧的方法鉴别甲烷、乙烯和乙炔

②用酒精萃取溴水中的溴

③用水鉴别硝酸铵和氢氧化钠固体

④用互滴法鉴别Na2CO3、盐酸、BaCl2、NaCl四种溶液

以上均能达到实验目的C．①用硫粉覆盖地下撒有的汞

②金属钠着火用泡沫灭火器或干粉灭火器扑灭

③用热碱溶液洗去试管内壁的硫

④用湿的红色石蕊试纸检验氨气是否集满

以上操作均合理D．①过氧化氢：火箭燃料

②碳酸氢钠：食品发酵剂

③钠：制氢氧化钠

④硫酸：制蓄电池

以上物质的用途均合理参考答案：A考点：化学的主要特点与意义；常见的食品添加剂的组成、性质和作用；物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用；化学实验方案的评价．.专题：化学应用．分析：A．充分利用原料、充分利用能量、保护环境，应能符合原则：利用率高，节约能源，且不产生污染物或减少污染物的排放；B．酒精易溶于水，不能用作萃取剂；C．金属钠着火时，与空气中的氧气反应生成过氧化钠，过氧化钠与水、二氧化碳反应；D．过氧化氢（H2O2）常用作火箭燃料的氧化剂．解答：解：A．①燃烧时使用沸腾炉，可使硫铁矿与氧气充分接触而反应，减少能量的消耗，充分利用原料，②制盐酸时将氯气在氢气中燃烧，保护了环境，③制硫酸时使用热交换器，可充分利用能量，故A正确；B．酒精易溶于水，不能萃取溴水中的溴，故B错误；C．金属钠着火时，与空气中的氧气反应生成过氧化钠，过氧化钠与水、二氧化碳反应，而泡沫灭火器或干粉灭火器都生成二氧化碳，所以不能用来灭火，故C错误；D．过氧化氢（H2O2）常用作火箭燃料的氧化剂，不能燃烧，故D错误；故选：A．点评：本题主要考查了物质的鉴别、物质的性质以及化学与环境污染与保护的关系，侧重于化学与工业生产的考查，题目难度不大，注意相关知识的积累．4.下列几种情况下，前一量的数值是后一量数值的三倍的是A.K3PO4溶液中K+浓度与PO的浓度B.乙炔分子中C≡C键能与乙烷分子中C—C键能C.银与稀硝酸反应时，参加反应的银的物质的量与被还原的硝酸的物质的量D.Al(g)→Al3+(g)所需能量与Al(g)→Al+(g)所需能量参考答案：C略5.下列离子方程式正确的是（

）A．向含有Fe2O3悬浊液中通入HI：Fe2O3+6H＋=2Fe3＋+3H2OB．NaHSO4溶液中滴入Ba（OH）2溶液至SO42-完全沉淀：2H++SO42-+Ba2++2OH—=BaSO4↓+2H2OC．醋酸溶液与水垢中的CaCO3反应：CaCO3＋2H＋＝Ca2＋＋H2O＋CO2↑D．将1mol/LNaAlO2溶液和1.5mol/L的HCl溶液等体积互相均匀混合：6AlO2－+9H＋+3H2O＝5Al(OH)3↓+Al3＋参考答案：D略6.下列离子能大量共存，且加入盐酸有气泡，加入氢氧化钠有白色沉淀的一组是A．

B．

C．

D．

参考答案：C7.常温下将稀NaOH溶液与稀CH3COOH溶液混合，不可能出现的结果是（

）

A．pH>7,且c(OH－)>c(Na+)>c(H+)>c(CH3COO－)

B．pH>7,且c(Na+)+c(H+)=c(OH－)+c(CH3COO－)

C．pH<7,且c(CH3COO－)>c(H+)>c(Na+)>c(OH－)

D．pH=7,且c(CH3COO－)>c(Na+)>c(H+)=c(OH－)参考答案：答案：AD8.对于密闭容器中合成氨的反应为：N2（g）+3H2（g）

2NH3（g）；△H＜0，在673K，30MPa下n(NH3)和n(H2)随时间变化的关系如下图所示。（题中涉及的反应速率均为用氮气的浓度变化来表示的）下列说法错误的是(

)A.c点时正反应速率大于逆反应速率B.d点正反应速率等于e点正反应速率C.起始时加入的氢气1.3molD.若其他条件不变，再加催化剂，则两条曲线可能不相交参考答案：D略9.关于硫原子核外电子的叙述错误的是A．排布在K、L、M三个电子层上

B．3p亚层上有2个空轨道C．共有16种不同的运动状态

D．共有5种不同的能量参考答案：B10.某酸性溶液中只有Na＋、CH3COO－、H＋、OH－四种离子。则下列描述正确的是（）

A．该溶液由pH＝3的CH3COOH与pH＝11的NaOH溶液等体积混合而成

B．该溶液由等物质的量浓度、等体积的NaOH溶液和CH3COOH溶液混合而成

C．加入适量的NaOH，溶液中离子浓度为c(CH3COO－)＞c(Na＋)＞c(OH－)＞c(H＋)

D．加入适量氨水，c(CH3COO－)一定大于c(Na＋)、c(NH4＋)之和参考答案：答案：A

考点：了解强弱电解质的概念，了解盐溶液的酸碱性。解析：此题的关键应注意题中的“酸性”两个字，选项B溶液NaOH与CH3COOH恰好完全反应，所以溶液呈碱性；选项C：根据电荷守恒：c(CH3COO－)+c(OH－)=c(Na＋)+c(H＋)，推导出：c(CH3COO－)-c(Na＋)=c(H＋)-c(OH－)，如果c(CH3COO－)=c(Na＋)，同时有：c(H＋)=c(OH－)；如果c(CH3COO－)＋)，同时有：c(H＋)－)；如果c(CH3COO－)＞c(Na＋)，同时有：c(H＋)>c(OH－)；所以在任何情况下溶液的离子关系c(CH3COO－)＞c(Na＋)＞c(OH－)＞c(H＋)都不能成立；选项D中加入氨水，由电荷守恒得：c(CH3COO－)＋c(OH－)=c(Na＋)＋c(NH4＋)＋c(H＋)，当溶液仍呈酸性即c(OH－)＜c(H＋)，则c(CH3COO－)＞c(NH4＋)＋c(Na＋)；当溶液呈中性时，c(H＋)＝c(OH－)，则c(CH3COO－)＝c(NH4＋)＋c(Na＋)；当溶液呈碱性时，c(H＋)＜c(OH－)，则c(CH3COO－)＜c(NH4＋)＋c(Na＋)，所以c(CH3COO－)不一定大于c(Na＋)、c(NH4＋)之和。相关知识点归纳：给出一溶液中的四种离子，其中有H+、OH-、Ac-、Na+时，我们按以下几种情况考虑溶液的酸碱性和离子浓度的关系：①当溶液是单一的盐（CH3COONa）溶液并呈碱性时的情形：守恒关系：（溶质守恒）c(CH3COO－)＋c(CH3COOH)=c(Na＋)；溶剂守恒：c(OH－)=c(CH3COOH)＋c(H＋)，电荷守恒：c(CH3COO－)+c(OH－)=c(Na＋)+c(H＋)大小关系：c(Na＋)＞c(CH3COO－)＞c(OH－)＞c(H＋)。②当溶液呈中性时的情形，溶质是CH3COONa和CH3COOH的混合情形，相当于CH3COONa没水解。守恒关系：（溶质守恒）c(CH3COO－)=c(Na＋)；溶剂守恒：c(OH－)=c(H＋)，电荷守恒：c(CH3COO－)+c(OH－)=c(Na＋)+c(H＋)大小关系：c(Na＋)=c(CH3COO－)＞c(OH－)=c(H＋)③当溶液呈酸性时的情形，溶质是CH3COONa和CH3COOH的混合情形，相当于CH3COONa和CH3COOH的混合溶液呈中性的基础上又加入了醋酸溶液。大小关系：c(CH3COO－)>c(Na＋)>c(H＋)＞c(OH－)④强碱弱酸盐碱过量时的情形，溶质是CH3COONa和NaOH的混合情形，大小关系：c(Na＋)＞c(CH3COO－)＞c(OH－)＞c(H＋)或c(Na＋)＞c(CH3COO－)=c(OH－)＞c(H＋)或c(Na＋)＞c(OH－)＞c(CH3COO－)＞c(H＋)。11.下列叙述仪器“0”刻度位置正确的是(

)A.在量筒的上端

B.在滴定管上端C.在托盘天平刻度尺的正中

D.在托盘天平刻度尺的右边参考答案：B略12.处理燃烧产生的烟道气CO和SO2，方法之一是在一定条件下将其催化转化为CO2和S。已知：①2CO(g)+O2(g)=2CO2(g)

?H=－566.0kJ/mol②S(g)+O2(g)=SO2(g)

?H=－296.0kJ/mol下列说法中正确的是A．转化①有利于碳参与自然界的元素循环B．转化②中S和O2属于不同的核素C．可用澄清的石灰水鉴别CO2与SO2D．转化的热化学方程式是：2CO(g)+SO2(g)=S(s)+2CO2(g)?H＝+270kJ/mol参考答案：AA．转化①中CO转化为CO2，有利于碳参与自然界的元素循环，A正确；B．转化②中S和O2属于不同的单质，B错误；C．CO2与SO2均能使澄清石灰水变浑浊，因此不能用澄清的石灰水鉴别CO2与SO2，C错误；D．根据盖斯定律可知①－②即得到热化学方程式：2CO(g)+SO2(g)＝S(s)+2CO2(g)?H＝－270kJ/mol，D错误，答案选A。【点睛】SO2和CO2都能使澄清的石灰水变浑浊，若通入的气体过量，则沉淀都可消失。所以不能用澄清的石灰水鉴别SO2和CO2。通常可用以下方法：①可根据物理性质，CO2无色无味，SO2无色具有刺激性气味。②用品红溶液，使品红溶液褪色的是SO2，不能使品红溶液褪色的是CO2。③用酸性高锰酸钾溶液，紫色褪去的是SO2，无明显现象的是CO2。④用溴水，使橙色褪去的是SO2，无明显现象的是CO2。⑤用硝酸酸化的硝酸钡溶液，产生白色沉淀的是SO2，无明显现象的是CO2。⑥用FeCl3溶液，使棕黄色颜色变浅的是SO2，无明显现象的是CO2。13.设N-A为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是

A．标准状况下，33.6L氟化氢中含有氟原子的数目为1.5NA

B．常温常压下，足量的镁粉与22.4L氯气反应，转移的电子数为2NA

C．50mL18.4mol/L浓硫酸与足量铜微热反应，生成SO2分子的数目为0.46NA。

D．常温常压下，分子总数为NA的NO2和CO2混合气体中含有的氧原子数为2NA参考答案：D略14.．实验是研究化学的基础。下列所选的实验方法、装置或操作完全正确的是

①图

②图

③图

④图A．分离Na2CO3溶液和乙酸乙酯混合液选①图

B．实验室制Cl2选②图C．除去Cl2中的HCl杂质选③图

D．称取一定质量NaOH选④图参考答案：A15.右图为周期表中短周期的一部分，若R原子核外电子数是Y核外电子数的一半，则下列判断正确的是（

）

A.元素的非金属性：X＞Y＞RB.氢化物的稳定性：X＞Y＞ZC.氢化物的沸点：R＞Y＞XD.X与Z可形成两种不同化合物，它们的分子中各原子均满足最外层8电子结构参考答案：D略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.（18分）在用FeSO4溶液与NaOH溶液反应制备白色的Fe(OH)2时，出现了“白色沉淀迅速转变为灰绿色，最后逐渐变成红褐色”的实验现象，如何解释出现灰绿色的现象，探究小组的同学产生了不同的观点：

①灰绿色物质就是红褐色的氢氧化铁跟白色的氢氧化亚铁的简单混合物；

②灰绿色物质是铁的一种新的氢氧化物，但其中不含Fe3+离子。

（1）验证观点①不正确的实验操作是：

，

验证观点②所需的试剂有：

。

（2）某同学查阅资料后，得到Fe(OH)2如下信息：

阅读该资料后，你对上述实验中出现灰绿色的现象的解释是：__________。

探究小组的同学在研究由Fe2+制备Fe(OH)2的过程中，甲、乙、丙、丁四位同学分别设计了如下4个实验方案：甲方案：用不含Fe3+的FeSO4溶液与用不含O2的蒸馏水配制的NaOH溶液反应制备Fe(OH)2。

乙方案：应用钢铁吸氧腐蚀的原理，设计电池制备Fe(OH)2。

丙方案：按图实验，制备Fe(OH)2。

丁方案：按图实验，制备Fe(OH)2。（苯的作用是使电解质溶液隔绝空气）

回答下列问题：

①在甲方案中，所用FeSO4样品通常部分被氧化，写出在配制FeSO4溶液时，其操作过程及反应的离子方程式：

。②在乙方案中，正极的电极反应式是：

。你认为该方案是否可行？

，若不可行请说明理由（若可行，则该空不需回答）：

。③在丙方案中，当容器B、A中均加入试剂并塞好橡皮塞后，还需要进行的操作是

。④在丁方案中，在两电极之间的溶液中首先观察到白色沉淀。请写出b电极的电极反应式：

。则其电解质溶液可以是下列三项的

。A．蒸馏水

B．NaC1溶液

C．NaOH溶液

参考答案：答案：（1）取红色和白色固体粉末混合均匀后，若混合物的颜色不为灰绿色，则证明观点不正确。（2分）盐酸或稀硫酸、KSCN溶液。（2分）（2）Fe（OH）2易被氧化成灰绿色的Fe3（OH）3Fe2+、Fe3+（2分）。①向盛有蒸馏水的烧杯中加入一定量的硫酸，再将样品置于其中，搅拌溶解；然后加入过量的还原铁粉，反应为：2Fe3++Fe=3Fe3+，搅拌、静置，上层清液即为所要配置的FeSO4溶液。（2分）②O2+2H2O+4e-=4OH-（2分）否（1分）产生的Fe（OH）2随即就被空气氧化为Fe（OH）3（2分）③打开胶管夹C，使反应进行一段时间后关闭C（2分）④2H++2e-=H2↑（1分）B（2分）三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.元素单质及其化合物有广泛用途，请根据周期表中第三周期元素相关知识回答下列问题：(1)按原子序数递增的顺序(稀有气体除外)，以下说法正确的是________。a．原子半径和离子半径均减小

b．金属性减弱，非金属性增强c．氧化物对应的水化物碱性减弱，酸性增强

d．单质的熔点降低(2)Si和HCl反应的产物中，SiHCl3大约占85%，还有SiCl4、SiH2Cl2、SiH3Cl等，有关物质的沸点数据如下表，提纯SiHCl3的主要工艺操作依次是沉降、冷凝和

。物质SiSiCl4SiHCl3SiH2Cl2SiH3ClHClSiH4沸点/℃235557.631.88.2-30.4-84.9-111.9SiHCl3极易水解，其完全水解的产物为

。(3)P2O5是非氧化性干燥剂，下列气体不能用浓硫酸干燥，可用P2O5干燥的是______a．NH3

b．HI

c．SO2

d．CO2(4)KClO3可用于实验室制O2，若不加催化剂，400℃时分解只生成两种盐，其中一种是无氧酸盐，另一种盐的阴阳离子个数比为1∶1。写出该反应的化学方程式：_______(5)一定条件，在水溶液中1molCl－、ClO－(x＝1，2，3，4)的能量(KJ)相对大小如右图所示。①D是

(填离子符号)。②B→A＋C反应的热化学方程式为

(用离子符号表示)。参考答案：【知识点】元素周期律反应热水解元素化合物E2H3D5F2【答案解析】(1)b

(2)精馏（或蒸馏）

H4SiO4（或H2SiO3）、H2、HCl (3)b

(4)4KClO3KCl＋3KClO4（5）①ClO4—

②3ClO—()==ClO3—()+2Cl—()

△H=117KJ·mol—1解析：⑴同周期随原子序数递增，离子半径也可能增大，如钠离子半径比氯离子半径小，a错误；第三周期随原子序数的递增，金属性减弱，非金属性增强，b正确；没有指明为最高价氧化物，c错误；单质的熔点也可能增大，如硅的熔点最高，d错误。⑵比较SiHCl3、SiCl4、SiH2Cl2、SiH3Cl的沸点，可得常温下SiHCl3、SiCl4为液体、SiH2Cl2、SiH3Cl为气体，沉降除去产物中的固体后，冷凝得到SiHCl3、SiCl4的混合液体，用蒸馏法可分离SiH2Cl2、SiH3Cl。SiHCl3极易水解，其完全水解的产物可根据原子守恒判断为为硅酸、H2、HCl，反应为SiHCl3＋3H2O=H2SiO3＋3HCl＋H2↑⑶NH3可与酸反应，不能用硫酸和P2O5干燥，SO2和CO2可被硫酸和P2O5干燥，HI有还原性而不能被硫酸干燥，但可被P2O5干燥。⑷根据400℃时分解只生成两种盐，其中一种是无氧酸盐，另一种盐的阴阳离子个数比为1∶1知生成的无氧酸盐是氯化钾，再结合氧化还原反应原理知另一种盐是KClO4（发生歧化反应）⑸①据图可知D对应的Cl的化合价是+7，则是ClO4—②△H=E生成物-E反应物=+63×1+0×2-60×3＝-117KJ/mol，即3ClO—()==ClO3—()+2Cl—()

△H=117KJ·mol—1【思路点拨】根据反应物和生成物的能量求反应热或根据化学键求反应热：△H=E生成物-E反应物或△H=E断键吸热-E成键放热。根据物质的性质选择分离方法；根据物质的性质选择干燥剂。18.（15分）“硫-碘”循环分解水制氢主要涉及下列反应：Ⅰ.SO2＋2H2O＋I2===H2SO4＋2HI；Ⅱ.2HIH2＋I2；

Ⅲ.2H2SO42SO2＋O2＋2H2O（1）分析上述反应，下列判断正确的是________（单选）。a．反应Ⅲ是在常温下进行

b．反应Ⅰ中SO2氧化性比I2强c．循环过程中需补充H2O

d．循环过程产生1molO2的同时产生1molH2（2）一定温度下，向1L密闭容器中加入1molHI(g)，发生反应Ⅱ，H2物质的量随时间的变化如右图所示。

0～2min内的平均反应速率v(HI)＝________。该温度下，Ⅱ的逆反应H2(g)＋I2(g)2HI(g)的平衡常数K＝________。（3）实验室用Zn和稀硫酸制取H2，反应时溶液中水的电离平衡________移动(填“向左”、“向右”或“不”)，若加入少量下列试剂中的________，产生H2的速率将增大