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文档简介
2024届全国百强校】山西大学附属中学高一物理第一学期期末联考试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、若货物随升降机运动图像如图所示(竖直向上为正),则货物受到升降机的支持力与时间关系的图像可能是()A. B.C. D.2、如图所示,水平地面上匀速向左行驶的小车内,一重球被绳子AB、BC拴住,水平绳BC的拉力为T1,斜绳AB的拉力为T2.某时刻,小车突然开始减速,但重球相对小车的位置没有发生变化,则两绳的拉力的变化情况是()A.T1变大,T2变小B.T1变小,T2变大C.T1不变,T2变小D.T1变大,T2不变3、如图,质量为m的小球挂在电梯的天花板上.电梯在以大小为g/3的加速度向上减速运动的过程中,小球A.处于失重状态,所受拉力为mg/3B.处于失重状态,所受拉力为2mg/3C.处于超重状态,所受拉力为mg/3D.处于超重状态,所受拉力为4mg/34、将一个大小为2018N的力进行分解,以下四组可能正确的是()A.F1=1000N,F2=1000N B.F1=2021N,F2=202lNC.F1=2021N,F2=1N D.F1=1314N,F2=251N5、下列哪一组属于国际单位制的基本单位()A.kg、m、km/h B.m、s、kgC.m、N、kg D.N、g、m/s26、如图所示,质量为M的三角形木块A静止在水平面上,一质量为m的物体B以初速度v0从A的斜面上端开始沿斜面下滑,三角形木块A仍保持静止,则下列说法正确的是()A.A对地面的压力大小不可能小于(M+m)gB.水平面对A的静摩擦力可能为零C.水平面对A的摩擦力方向可能水平向左D.若B沿A的斜面下滑时突然受到一沿斜面向上的力F的作用,则无论F的大小为何值,三角形木块A都不会立刻相对地面滑动7、如图所示,水平地面上的小车上固定有一硬质弯杆,质量均为m的小球A、B由细线相连,小球A固定在杆的水平段末端,小球向右做匀加速直线运动,稳定时细线与竖直方向的夹角为θ,重力加速度为g,下列说法中正确的是A.小车的加速度大小等于B.细线对小球B的拉力大小等于C.杆对小球A的作用力大小等于mgD.杆对小球A的作用力大小等于8、如图所示,水平传送带在电机带动下以速度v0沿着逆时针方向匀速运动,一物块以初速度v滑上传送带的左端,在摩擦力的作用下,物体恰好到达传送带右端.则A.若只增大v0,物块一定能到达传送带右端B.若只增大v0,物块将不能到达传送带右端C.若只将v0反向,物块可能先减速运动再匀速运动D.若只将v0反向,物块可能一直减速到传送带右端9、物体做匀加速直线运动,已知第1s末的速度是6m/s,第2s末的速度是8m/s,则下面结论正确的是()A.物体的加速度是2m/s2B.物体零时刻的速度是2m/sC.第1s内的平均速度是5m/sD.前2s内的位移是12m10、实验小组利用DIS系统(数字化信息实验系统)观察超重和失重现象,它们在学校电梯内做实验,在电梯天花板上固定一个力传感器,力传感器挂钩悬挂一个重为10N的钩码,在电梯运动过程中,计算机显示屏上出现如图所示图线,根据图线分析可知下列说法正确的是A.t1到t2时间内,电梯一定在向下运动,t3到t4时间内,电梯可能正在向上运动B.从时刻t1到t2,钩码处于失重状态,从时刻t3到t4,钩码处于超重状态C.t1到t4时间内,电梯可能先加速向下,接着匀速向下,再减速向下D.t1到t4时间内,电梯可能先加速向上,接着匀速向上,再减速向上二、实验题11、(4分)12、(10分)三、计算题:解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位13、(9分)如图,一质量为1kg的小球套在一根固定的直杆上,直杆与水平面夹角θ为30°,现小球在F=10N的沿杆向上的拉力作用下,从A点静止出发沿杆向上运动,已知杆与球间的动摩擦因数m为.试求:(1)小球运动的加速度a1;(2)若F作用2s后撤去,小球上滑过程中距A点最大距离Sm;(3)若从撤去力F开始计时,小球经多长时间将经过距A点上方为4.64m的B点14、(14分)如图甲所示,从t=0时刻开始,一小物块以v0=10m/s的初速度从斜面底端冲上倾角为37°的粗糙斜面,物块沿斜面向上运动的ν-t图象如图乙所示,已知小物块的质量为m=1kg,假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.(cos37°=0.8,sin37°=0.6,重力加速g=10m/s2)求:(1)物块与斜面间的动摩擦因数μ;(2)若在t=1s时开始对物块施加一水平向左的恒定拉力F,可使物块沿斜面返回到底端时的速度大小与t=0时刻的速度大小相等,则拉力F应为多大?15、(13分)跳伞运动员做低空跳伞表演,他在离地面224m高处,由静止开始在竖直方向做自由落体运动。一段时间后,立即打开降落伞,并以12.5m/s2的加速度匀减速下降,为了运动员的安全,要求运动员落地速度最大不得超过5m/s(g取10m/s2)(1)求运动员展开伞时,离地面高度至少为多少?着地时相当于从多高处自由落下?(2)求运动员在空中的最短时间是多少?
参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、B【解题分析】由图知:过程①为向下匀加速直线运动(加速度向下,失重,);过程②为向下匀速直线(平衡,);过程③为向下匀减速直线运动(加速度向上,超重,);过程④为向上匀加速直线运动(加速度向上,超重,);过程⑤为向上匀速直线运动(平衡,);过程⑥为向上匀减速直线运动(加速度向下,失重,);综合各个过程,可知B正确,ACD错误。故选B。2、D【解题分析】本题以小球为研究对象,分析受力,根据牛顿第二定律得到绳AB的拉力T1和绳BC的拉力T2与加速度的关系,即分析两绳拉力的变化情况.【题目详解】以小球为研究对象,分析受力:重力mg、绳BC的拉力T1和绳AB的拉力T2,如图所示:设小车刹车的加速度为a,绳AB与水平方向的夹角为θ,根据牛顿第二定律得:T2sinθ=mg①T1-T2cosθ=ma②由①得由②得;可见,绳AB的拉力T2与加速度a无关,则T2保持不变.绳BC的拉力T1随着加速度的增大而增大,则T1变大;故D正确.故选D.【题目点拨】本题在正确分析受力的基础上,根据牛顿第二定律,运用正交分解法研究两绳拉力的变化.3、B【解题分析】设绳的拉力为T,根据牛顿第二定律有mg-T=ma,解得:,所以处于失重状态,ACD错误B正确4、B【解题分析】F1=1000N,F2=1000N的合力范围是:,而2018N不在此范围内,故A错误;F1=2021N,F2=202lN的合力范围是:,而2018N在此范围内,故B正确;F1=2021N,F2=1N的合力范围是:,而2018N不在此范围内,故C错误;F1=1314N,F2=251N的合力范围是:,而2018N不在此范围内,故D错误.所以B正确,ACD错误5、B【解题分析】国际单位制规定了七个基本物理量,分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量,它们的在国际单位制中的单位称为基本单位,而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位;【题目详解】A、kg,m是国际单位制中基本单位,km/h不是国际单位制中的基本单位,故A错误;B、m、s、kg是国际单位制中的基本单位,故B正确;C、N是国际单位制中的导出单位,故C错误;D、m/s2、N是国际单位制中的导出单位,g不是国际单位制中的基本单位,故D错误【题目点拨】本题的解题关键要掌握国际单位制中基本单位,要注意基本物理量与基本单位的区别,不能混淆6、BCD【解题分析】先对物体B受力分析,根据正交分解法求出各个力的关系,再对A受力分析,求出要求的各个力【题目详解】对物体B受力分析,受重力G、支持力N、滑动摩擦力f,如图再对A物体受力分析,受重力Mg、地面的支持力FN、B对A的压力N′,B对A的摩擦力f′,地面对A可能有静摩擦力f静,先假设有且向右,如图当物体B匀速下滑时,根据共点力平衡条件,有mgsinθ-f=0①N-mgcosθ=0②当物体B加速下滑时,有mgsinθ>f③N-mgcosθ=0④当物体B减速下滑时,有mgsinθ<f⑤N-mgcosθ=0⑥由于物体A保持静止,根据共点力平衡条件,有FN-Mg-f′sinθ-N′cosθ=0⑦f′cosθ-N′sinθ-f静=0⑧根据牛顿第三定律N=N′⑨f=f′⑩当物体加速下降时,由③④⑦⑧⑨⑩,得到FN<(M+m)g,故A错误;当物体匀速下降时,由①②⑦⑧⑨⑩,得到F静=0,故B正确;当物体加速下降时,由⑤⑥⑦⑧⑨⑩,得到F静<0,即静摩擦力与假定的方向相反,向左,故C正确;若B沿A的斜面下滑时突然受到一沿斜面向上的力F的作用,物体B的加速度立即发射了变化,但由于惯性,速度来不及变化,故摩擦力方向不变,故B对A的力不变,故A依然保持静止,故D正确;故选BCD【题目点拨】本题关键分别对物体B和A受力分析,然后分B加速、减速和匀速三种情况受力分析,列式讨论7、BD【解题分析】A.对小球B受力分析可知,B受重力、拉力的作用而做加速度为g的匀加速直线运动,受力分析如图所示;则B的加速度a=gtanθ故A错误;B.细线对小球的拉力大小故B正确;CD.对AB整体分析可知,整体水平方向合力为2mgtanθ,竖直方向重力等于2mg;则杆对A球的作用力故C错误,D正确;故选BD。第II卷(非选择题8、AC【解题分析】水平传送带静止时,一个小物块A以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带,做匀减速直线运动;若皮带轮逆时针方向转动,一个小物块A以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带,仍然做匀减速直线运动;若皮带轮顺时针方向转动,传送带的速度小于A的初速度,知A滑上传送带先做匀减速直线运动【题目详解】设传送带长度为L,物块与传送带间的动摩擦因数为,由题意可知,A、B项:若只增大v0,由可知,物块一定能到达传送带右端,故A正确,B错误;C、D项:若只将v0反向即与物块初速度方向相同,如果,物块先匀减速,减速到与传送带速度相同时还没有到达传送带右端,则后匀速运动,故C正确,D错误故选AC【题目点拨】解决本题的关键分析出物体相对运动的方向,得出摩擦力的方向,从而知道加速度的方向,根据加速度方向与速度方向的关系判断物体的运动情况9、ACD【解题分析】A.据题第1s末的速度是v1=6m/s,第2s末的速度是v=8m/s,两个时刻的时间间隔是t=1s,则物体的加速度为故A正确;B.由v1=v0+at1得故B错误;C.第1s内的平均速度是故C正确;D.前2s内的位移故D正确。故选ACD。10、BC【解题分析】A.图横轴是时间,纵轴是力,所以图线显示了力传感器对钩码的拉力大小随时间的变化情况,从时刻t1到t2,物体受到的压力小于重力时,加速度向下,但可以向上做减速运动;从时刻t3到t4,物体受到的压力大于重力,加速度向上,可以向上加速运动,也可以向下减速运动,故A错误;B.t1到t2时间内,拉力减小,钩码处于失重状态;t3到t4时间内,拉力增加,钩码处于超重状态,故B正确;C.如果电梯开始停在高楼层,由图可知,压力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力,故电梯可能先加速向下,接着匀速向下,再减速向下,最后停在低楼层,故C正确;D.如果电梯开始停在低楼层,故电梯应先加速向上,接着匀速向上,再减速向上,最后停在高楼层,则压力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力,故D错误。故选BC.二、实验题11、12、三、计算题:解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位13、(1)2m/s2;(2)5m;(3)1.1s;【解题分析】(1)根据牛顿第二定律求出小球运动的加速度(2)根据速度时间公式和位移公式求出刚撤去拉力F时小球的速度和位移,根据牛顿第二定律求出撤去F时的加速度,结合运动学公式求出上滑的位移,从而得出小球上滑过程中距A点最大距离(3)小球经过A点上方的B点,可能向上做匀减速经过B点,也可能返回时做匀加速运动经过B点,根据牛顿第二定律和运动学公式求出运动的时间【题目详解】(1)在力F作用时有:F﹣mgsin30°﹣μmgcos30°=ma1代入数据解得a1="2"m/s2(2)刚撤去F时,小球速度v1=a1t1=2×2m/s=4m/s小球的位移s1=t1==4m撤去力F后,小球上滑时有:mgsin30°+μmgcos30°=ma2代入数据解得a2=8m/s2因此小球上滑时间t2===0.5s上滑位移s2==1m
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