2024届安徽省六安二中、霍邱一中、金寨一中高一物理第一学期期末监测模拟试题含解析

2024届安徽省六安二中、霍邱一中、金寨一中高一物理第一学期期末监测模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、我国新研制的隐形战机歼—20已列入人民空军王牌战队。在某次试飞中、飞机由静止开始做匀加速直线运动，直至起飞。则此过程中飞机的（）A.速度一直很大B.速度的变化率不断增大C.位移的变化率保持不变D.位移的变化率不断增大2、同学们学过的测量仪器主要有:刻度尺、天平、秒表、打点计时器、汽车速度计、测力计、量筒等,在下列各组仪器中,都可以用来测量国际单位制规定的三个力学基本物理量的是A.刻度尺、天平、秒表 B.刻度尺、测力计、汽车速度计C.刻度尺测力计、打点计时器 D.量筒、天平、秒表3、为了测定某轿车在平直路上起动过程（可看作匀加速直线运动）的加速度，某人利用在同一底片多次曝光的方法拍摄了一张照片，下方为一标尺，如图所示。如果拍摄时每隔1s曝光一次，轿车车身总长为3.0m，那么由图可知，这辆轿车的起动加速度约为（）A.4.0m/s2 B.6.0m/s2C.5.5m/s2 D.10.0m/s24、如图所示，质量分别为M和m的物体A、B用不可伸长的轻质细线连接，悬挂在定滑轮上，定滑轮固定在天花板上，已知M>m，滑轮质量及摩擦均不计．A、B由静止释放后，在空中自由运动的过程中，下列说法正确的是A.细线的拉力大于mgB.细线的拉力等于mgC.天花板对定滑轮的拉力等于(M＋m)gD.细线的拉力等于5、自由下落的小球，从接触竖直放置的轻弹簧开始，到压缩弹簧有最大形变的过程中，下列说法正确的是A.小球的动能逐渐渐少 B.小球的重力势能逐渐渐少C.小球的动能逐渐增加 D.小球的机械能守恒6、由加速度的公式可知（）A加速度与速度变化量成正比B.物体的加速度大小由决定C.加速度的方向与速度变化量的方向相反D.叫做速度的变化率，也即加速度7、如图所示，水平地面上的木板M上放着小物块m，M上的右端固定一竖直挡板，挡板与m间有一处于压缩状态的轻弹簧，整个装置处于静止状态，下列说法中正确的是（）A.M对m的摩擦力方向向右B.m对M摩擦力方向向左C.地面对M的摩擦力方向向右D.地面对M无摩擦力作用8、如图是某物体做直线运动的速度图象,下列有关物体运动情况（0s<t<8s）判断正确的是（）A.在8s时间内加速度的大小一直为5m/s2B.2s末物体离出发点最远C.4s末物体距出发点最远D.在8s时间内做匀变速直线运动9、如图所示，物体静止在倾角为的斜面上，质量为，其所受的重力可分解成平行于斜面的和垂直于斜面的，则()A.受到重力、、、支持力和摩擦力的作用B.受到重力、支持力和摩擦力的作用C.，D当减小时，却逐渐增大10、某物体运动的速度--时间图象如图所示．根据图象可知A.0-2s内的加速度为2m/s2B.0-5s内的位移为7mC.第1s末与第4.5s末的速度方向相反D.第1s末与第4.5s末的加速度方向相反11、与两个质点向同一方向运动，做初速度为零的匀加速直线运动，做匀速直线运动。开始计时时，、位于同一位置，则当它们再次位于同一位置时（）A.两质点速度相等 B.与在这段时间内的平均速度相等C.的瞬时速度是的2倍 D.与的位移相同12、一个物体从静止开始做直线运动，其v-t图像如图所示，下列选项正确的是（）A.在0~6s内，物体离出发点最远为30mB.在0~6s内，物体经过的路程为40mC.在0~4s内，物体的平均速率为7.5m/sD.第5s内加速度方向与第6s内的加速度方向相反二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，静止在水平地面上一质量m＝10kg的物块在推力F=50N作用下沿水平地面运动，推力方向与水平面的夹角α=53°，物体与水平地面的动摩擦因数为μ=0.2（计算时取sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2)．求：（1）推力F作用在物块上时物体的加速度大小（2）若推力F作用10S后撤去，求撤去F之后物块在2秒内滑行的距离？16、（12分）如图所示，一小物块从释放点0（未画出）由静止沿斜面以恒定的加速度下滑，依次通过A，B，C三点，已知AB＝6m，BC＝10m，小球通过AB，BC所用的时间均为2s，求：（1）小物块下滑时的加速度？（2）小物块通过A，B，C三点时的速度大小分别是多少？（3）释放点O到A点的距离是多少？17、（12分）集美大桥对缓解厦门进出岛拥堵问题具有重要意义．某汽车在集美大桥上以的速度匀速行驶驾驶员某时刻发现与前车车距太小，他立即采取制动措施，以此时刻为计时起点汽车以加速度大小为做匀减速直线运动．4s后发现与前车距离较远了，他立即踩油门汽车以加速度大小为做匀加速直线运动且持续时间8s，此后做匀速直线运动．求：前4s内汽车的位移大小；集美大桥限速，通过计算判断该汽车是否超速

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解题分析】AB．根据题意可知飞机由静止开始做匀加速直线运动，速度由0逐渐增加，加速度不变即速度的变化率保持不变，故A错误，B错误；CD．由题意知位移的变化率为所以随着时间增加，位移的变化率不断增大，故C错误，D正确。故选D。2、A【解题分析】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，长度是用刻度尺来测量的，质量是用天平来测量的，时间是用秒表来测量的，故选项A正确，BCD错误故选A。点睛：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，根据物理量来确定测量的仪器即可3、C【解题分析】汽车长度为3m，在图中占三小格，所以一小格代表1m。由图可以看到题目给出了连续相等时间间隔内的位移，第一段位移有8小格，则位移为x1=8×1m=8m。第二段位移有13.5小格，则位移为x2=13.5×1m=13.5m由连续相等时间间隔内的位移位移之差等于aT2，T=1s得：x2-x1=aT2解得：a=5.5m/s2。A.4.0m/s2，与结论不相符，选项A错误；B.6.0m/s2，与结论不相符，选项B错误；C.5.5m/s2，与结论相符，选项C正确；D.10.0m/s2，与结论不相符，选项D错误；故选C。4、A【解题分析】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离分析，通过牛顿第二定律求出绳子的拉力大小．对滑轮分析，根据共点力平衡求出天花板对定滑轮的拉力大小【题目详解】因为m的加速度方向向上，根据牛顿第二定律有T-mg=ma，则细线的拉力一定大于mg．故A正确，B错误．对整体分析，根据牛顿第二定律得，，隔离对m分析，T-mg=ma，解得T=mg+ma=．故D错误．对定滑轮分析，有T′＝2T＝．故C错误．故选A【题目点拨】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，知道M和m的加速度大小相等，掌握整体法和隔离法的运用5、B【解题分析】当弹力等于重力时速度最大，所以动能先增大后减小，A错；重力一直做正功，重力势能一直减小，B对；小球要克服弹力做功，机械能减小，CD错；6、D【解题分析】由公式可知，加速度与速度的变化率成正比，与速度的变化量没有关系，故AB错误；加速度的方向与速度变化量的方向相同，故C错误；由公式可知，叫做速率的变化率，也即加速度；故D正确；故选D7、ABD【解题分析】AB.对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的弹簧的弹力，根据平衡条件知，M对m的摩擦力方向向右．根据牛顿第三定律得：m对M的摩擦力方向向左，故A正确，B正确；CD.对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体合力不为零，故地面对M无摩擦力作用，故C错误，D正确本题该选ABD。8、AC【解题分析】考查v-t图像。【题目详解】A．v-t图中，斜率的绝对值表示加速度的大小，0~2s，2~6s，6~8s，即0~8s内，加速度大小都5m/s2，A正确；BC．由图可知，0~4s速度方向不变，4s后速度方向改变，所以4s末离出发点最远，B错误，C正确；D．由图可知，在2s末和6s末，加速度方向发生变化，不是匀变速，D错误。故选AC。9、BCD【解题分析】AB.物体静止在斜面上，受重力、斜面对物体的支持力、静摩擦力三个力作用，F1、F2是重力的分力，不是物体实际受到的力，故A错误，B正确；CD.由三角知识，得F1=mgsinα，F2=mgcosα．当α减小时，F1减小，F2逐渐增大．故C正确，D正确10、BD【解题分析】速度图象的斜率等于物体的加速度大小．根据斜率的正负分析加速度的正负．图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移【题目详解】0-2s

内的加速度大小为：，故A错误；0-25内的位移为：，故B正确；速度的正负表示方向，故第1s末与第4.5s末的速度方向相同，故C错误；斜率的正负表示a的方向，由图可知，第1s末与第4.5s末加速度方向相反．故D正确．故选BD11、BCD【解题分析】A．在速度相等之前，B的速度一直大于A的速度，所以B的位移一直大于A的位移，所以速度相等的时候一定不可能相遇，A错误。B．根据平均速度公式可知，相遇的时候位移和时间均相同，故平均速度一定一致。B正确。C．根据运动学公式，在相遇时，则有则有故C正确。D．AB相遇即AB位移相同，D正确。故选BCD。12、BC【解题分析】A．在0~5s内，物体沿正向运动，5~6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，最远距离为选项A错误；B．根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，可得，在0~6s内，物体经过的路程为选项B正确；C．在0~4s内，物体通过的路程为平均速率选项C正确；D．根据速度图象的斜率表示加速度可知，第5s内的加速度方向与第6s内的加速度方向相同，选项D错误。故选BC。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）a=0.2m/s2（2）1m【解题分析】（1）根据牛顿第二定律求出力F作用时的加速度大小；（2）由匀变速直线运动的速度时间公式求出运动10s时的速度，根据牛顿第二定律求出撤去F后的加速度，然后匀变速直线运动的速度位移公式求出还能滑行的距离详解】（1）物体受力如图所示，据牛顿第二定律有竖直方向上：N-mg-Fsin53°=0水平方向上：Fcos53°-f=ma又f=μN联立以上方程解得a=0.2m/s2（2）10s末的速度大小υ=a1t1=0.2×10m/s=2m/s撤去力F后，据牛顿第二定律有:-μmg=ma2解得a2=μg=-2m/s2停下来的需要的时间：t停=υ/a2=1s<2s故撤去推力后2s内的位移s2=（02-v2）/2a2=1m16、（1）1m/s2.方向沿斜面向下.（2）2m/s4m/s6m/s.（3）2m【解题分析】(1)设物块下滑的加速度为a，则xBC－xAB＝at2所以a＝m/s2＝1m/s2方向沿斜面向下.(