2024届云南省玉溪市新平县三中物理高一上期末质量跟踪监视模拟试题含解析

2024届云南省玉溪市新平县三中物理高一上期末质量跟踪监视模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、在光滑半球形容器内，放置一细杆，细杆与容器的接触点分别为A、B，如图所示。下列关于细杆在A、B两点所受支持力的说法，正确的是（）A.A点处支持力方向指向球心，是由于细杆的形变产生的B.A点处支持力的方向垂直细杆向上，是由于容器的形变产生的C.B点处支持力方向垂直细杆向上，是由于容器的形变产生的D.B点处支持力方向竖直向上，是由于细杆的形变产生的2、如图所示，底板光滑的小车上用两个量程为20N、完全相同的轻质弹簧秤A和B系住一个质量为1kg的物体，在水平地面上，当小车做匀速直线运动时，弹簧秤的示数均10N，当小车做匀变速直线运动时，弹簧秤A的示数为7N，这时小车的加速度大小是A.2m/s2 B.4m/s2C.6m/s2 D.8m/s23、下列关于速度和加速度说法正确的是（）A.速度大的物体加速度大 B.速度变化快的物体加速度大C.速度变化大的物体加速度大 D.速度为零时物体加速度一定为零4、如图为一种“滚轮--平盘无级变速器”的示意图，它由固定在主动轴上的平盘和可随从动轴移动的圆柱形滚轮组成，由于摩擦的作用，当平盘转动时，滚轮就会跟随转动，如果认为滚轮不会打滑，那么主动轴的转速，从动轴的转速，滚轮半径以及滚轮中心距离主动轴轴线的距离之间的关系是A. B.C. D.5、竖直向上抛出一物体，若不计空气阻力，上升到最高点用时为t1，若计空气阻力且阻力不变，以同样初速度竖直向上抛出此物体，上升到最高点用时为t2，再从最高点落回到抛出点所用时为t3，则（）A. B.C. D.6、如图,吊篮P悬挂在天花板上,与吊篮质量相等的物体Q被固定在吊篮中的轻弹簧托起,当悬挂吊篮的细绳被剪断的瞬间,P和Q的加速度为（）A.g，g B.2g，gC.g，2g D.2g，07、如图所示，乒乓球台长为L，球网高为h，某乒乓球爱好者在球台上方离球台高度为2h处以一定的初速度水平发出一个球，结果球经球台反弹一次后(无能量损失)刚好能贴着球网边缘飞过球网，忽略空气阻力，则球的初速度大小可能为()A. B.C. D.8、物体在水平面上做匀变速直线运动，初速度，后的速度大小为，则该内物体的（）A.加速度大小一定为 B.加速度大小可能为C.位移可能等于 D.平均速度一定不会为零9、关于牛顿第一定律和牛顿第三定律，下列说法正确的是（）A.牛顿第一定律不能直接用实验验证B.牛顿第一定律说明必须有力作用在物体上，物体才能保持匀速直线运动C.甲、乙两队拔河比赛队胜，因为甲队对绳子的作用力大于绳子对甲队的作用力D.依据牛顿第三定律，跳高运动员起跳时，地面对人的支持力与人对地面的压力大小相等10、野外求生时必须具备一些基本常识，才能在享受野外探险刺激的同时，保证最基本的安全。如图所示，为一野外求生人员进入河中岛的情境。已知河宽80m，水流速度为3m/s，人在静水中游泳的速度为5m/s，P为河正中央的小岛，O为河边一位置，OP垂直河岸，人要从河边某处游到小岛P处，则该人员运动的（）A.最短位移为40mB.最短位移为50mC.最短时间为10s，应从O点左侧30m处开始游动D.最短时间为8s，应从O点左侧24m处开始游动11、某质点以大小为0.8m/s2的加速度做初速度为零的匀加速直线运动过程中，从运动开始计时，则（）A.在任意一秒内速度的变化都是0.8m/sB.在任意一秒内，末速度一定等于初速度的0.8倍C.在任意一秒内，初速度一定比前一秒末的速度增加0.8m/sD.第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1∶3∶512、如图所示,一细线的一端固定于倾角为45°的光滑楔形滑块A的顶端P处,细线的另一端拴一质量为m的小球,重力加速度为g.当滑块以加速度a运动时,小球恰好对斜面没有压力,则滑块A可能的运动情况和加速度a的大小为()A.滑块A向左减速运动,加速度大小为gB.滑块A向右加速运动,加速度大小为C.滑块A向左加速运动,加速度大小为gD.滑块A向右减速运动,加速度大小为g二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）如图所示，质量为的物块置于倾角为的固定且足够长的斜面上，物块与斜面间的动摩擦因数为0.5，现给物块施以一初速度为，，，，求：(1)物块上滑的最大距离；(2)物块在斜面上运动的总时间。17、（10分）如图甲所示为倾斜的传送带始终以恒定的速度沿顺时针方向转动,主动轮、从动轮的大小可忽略不计,传送带与水平面夹角为一质量m=1kg的小物块以初速度从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动,物块到传送带顶端的速度恰好为零,物块运动的速度--时间图像如图乙所示,已知求:(1)0～2s内物块加速度及传送带底端到顶端的距离(2)物块与传送带间的动摩擦因数；(3)如果物块可以在传送带上留下划痕,求0～4s内传送带上的划痕长度

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解题分析】AB．A点处支持力方向与球面上该点切面垂直，即指向球心，是由于容器的形变产生的，AB错误；CD．B点处支持力方向垂直细杆向上，是由于容器的形变产生的，C正确，D错误。故选C。2、C【解题分析】因弹簧的弹力与其形变量成正比，当弹簧秤A的示数由10N变为7N时，其形变量减少，则弹簧秤乙的形变量必增大，且A、B两弹簧秤形变量变化的大小相等，所以弹簧秤B的示数应为，物体在水平方向所受到的合外力为：，根据牛顿第二定律，得物块的加速度大小为，小车与物块相对静止，加速度相等，所以小车的加速度为，故C正确，A、B、D错误3、B【解题分析】A．速度大的物体可能正在做匀速直线运动，加速度可能为零，故A错误；B．加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，B正确；C．速度变化大，但变化时间可能很长，加速度可能很小，C错误；D．速度为零时，加速度不一定为零，比如竖直上抛运动的最高点，速度为零，加速度为g，D错误故选B【题目点拨】加速度是运动学中最重要的概念之一，要抓住加速度的物理意义、定义、单位、矢量、与速度无关等方面加深理解4、B【解题分析】滚轮不会打滑，滚轮边缘与主动轮接触处的线速度大小相等．滚轮边缘的线速度大小为v1=2πn2r，滚轮与主动轮接触处的线速度大小v2=2πn1x，联立求解n1、n2、r以及x之间的关系【题目详解】从动轴的转速n2、滚轮半径r，则滚轮边缘的线速度大小为滚轮与主动轮接触处的线速度大小根据得解得故选B。5、C【解题分析】由空气阻力可以比较出合外力大小，进而比较加速度大小，再由加速度的大小可以比较运动时间【题目详解】没有空气的阻力时物体向上运动的加速度为a1=g；上升时，球受重力和空气阻力，设物体质量为m，受到的阻力为f，两者都是向下的，故上升时有：，则上升时加速度而下降时，球受重力向下，空气阻力向上，有：下降时的加速度，设小球上抛的初速度为，则上升时，由可得，；计阻力上升的高度为：计阻力时，下降时有，，化简可得，故，则有故C正确、ABD错误【题目点拨】注意空气阻力在上升和下降时方向是不一样的，另本题在比较时间的时候，可用逆向思维，此法在末速度为零的匀减速运动中多有应用6、D【解题分析】剪断细线前，对PQ整体受力分析，受到总重力和细线的拉力而平衡，故T=2mg；再对物体Q受力分析，受到重力、弹簧的拉力；剪断细线后，重力和弹簧的弹力不变，细线的拉力减为零，故物体P受到的力的合力等于2mg，向下，所以ap=2g，物体Q受到的力不变，合力为零，所以aQ=0，故D正确，ABC错误。7、AB【解题分析】若球反弹后在上升过程中刚好能贴着球网飞过，则2h＝，x1＝v0t1，球反弹后从飞过球网到上升至最高点的过程中h＝，x2＝v0t2，2x1－x2＝，解得v0＝；若球反弹后在下降过程中刚好能贴着球网飞过，2h＝，x′1＝v′0t′1，球反弹后从最高点到下降飞过球网的过程中h＝，x′2＝v′0t′2，2x′1＋x′2＝，解得v′0＝；A.与上述计算结论相符，故A正确；B.。与上述计算结论相符，故B正确；C.。与上述计算结论不相符，故C错误；D.。与上述计算结论不相符，故D错误。故选：AB8、BCD【解题分析】AB．若2s后速度与初速度方向相同，速度变化量为：若速度与初速度方向相反，速度变化量为：则加速度为：或故A错误B正确；CD．物体做匀变速直线运动，故平均速度为：或故位移为：则位移等于8m或．故CD正确9、AD【解题分析】A．牛顿第一定律描述的是一种理想的情况，是牛顿在前人（伽利略、笛卡尔）的基础上总结出来的规律，不能用实验进行验证，故A正确；B．牛顿第一定律说明，物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，所以B错误；C．甲队对绳子的作用力和绳子对甲队的作用力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故C错误；D．依据牛顿第三定律，跳高运动员起跳时，地面对人的支持力与人对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以D正确。故选AD。10、AD【解题分析】AB．由题意可知，人在静水中的速度大于水流速度，则人可以垂直河岸沿OP运动到P点，即最短位移为40m，故A正确，B错误；CD．当人在静水中的速度方向垂直河岸时，所用时间最短即为应从O点左侧处开始游动，故C错误，D正确。故选AD。11、AD【解题分析】A.质点以0.8m/s2的加速度做初速度为零的匀加速直线运动，则据知，物体在任意一秒内速度的变化都是0.8m/s．故A正确B.质点以0.8m/s2的加速度做初速度为零的匀加速直线运动，由得知，在任意一秒内，末速度不等于初速度的0.8倍．故B错误C.任意一秒初与前一秒的末指的是同一时刻，对应的速度相等．故C错误D.根据公式可知，初速度为零的匀加速直线运动在1s内、2s内、3s内的位移之比为1∶4∶9，所以第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1∶3∶5．故D正确12、CD【解题分析】支持力为零，受力情况如图所示：水平方向：F合=Fcos45°=ma竖直方向：Fsin45°=mg解得a=g方向向左；A．滑块A向左减速运动，加速度大小为g，与结论不相符，选项A错误；B．滑块A向右加速运动，加速度大小为，与结论不相符，选项B错误；C．滑块A向左加速运动，加速度大小为g，与结论相符，选项C正确；D．滑块A向右减速运动，加速度大小为g，与结论相符，选项D正确；故选CD。二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、(1)5m(2)3.24s【解题分析】物体上滑做匀减速直线运动，设加速度大小为由牛顿第二定律可得代入数值可求得设经过时间速度减为零设上滑最大距离为，则有因为摩擦因数，故物体速度减为零后向下加速运动，设加速度大小为由牛顿第二定律可得代入数值可得设滑到低端用时由运动学公式可得代入数值可求得设物块在斜面上运动的总时间为，则有17、（1）-10m/s2；32m（2）05（3）20m【解题分析】（1）根据图示图象应用加速度定义式求出加速度，v-t图象与坐标轴形成图形的面积等于物体的位移（2）应用牛顿第二定律求出动摩擦因数（3）求出两段时间内物块相对于传送带的滑行距离，然后求出划痕长度【题目详解】（1）由图示图象可知，0～2s内物块加速度为：，负号表示加速度方向与速度方向相反；由图示图象可知，传送带底端到顶端的距离为：x=×（24+4）×2+×2×4=32m；（2）0～2s内，由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma，代入数据解得：μ=0