广东省深圳市圆梦教育港澳台侨联考物理二模试卷

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2017年广东省深圳市圆梦教育港澳台侨联考高考物理二模试卷一、选择题：本大题共13小题，每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．如图所示，挡板垂直于斜面固定在斜面上，一滑块m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球M搁在挡板与弧形滑块上，一切摩擦均不计,用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑块，使球与滑块均静止．现将滑块平行于斜面向上拉过一较小的距离,球仍搁在挡板与滑块上且处于静止状态，则与原来相比(）A．滑块对球的弹力增大 B．挡板对球的弹力减小C．斜面对滑块的弹力增大 D．拉力F不变2．一宇航员站在某质量分布均匀的星球表面上沿竖直方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经过时间t落回地出点，已知该星球半径为R，则该星球的第一宇宙速度为(）A． B． C． D．无法确定3．图甲所示为索契冬奥会上为我国夺得首枚速滑金牌的张虹在1000m决赛中的精彩瞬间．现假设某速滑运动员某段时间内在直道上做直线运动的速度时间图象可简化为图乙，已知运动员（包括装备）总质量为60kg，在该段时间内受到的阻力恒为总重力的0。1倍，g=10m/s2．则下列说法正确的是（）A．在1~3s内，运动员的加速度为0。5m/s2B．在1～3s内，运动员获得的动力是30NC．在0～5s内,运动员的平均速度是12.5m/sD．在0～5s内，运动员克服阻力做的功是﹣3780J4．如图所示,物块以60J的初动能从斜面底端沿斜面向上滑动，当它的动能减少为零时，重力势能增加了45J，则物块回到斜面底端时的动能为（）A．15J B．20J C．30J D．45J5．如图，一质量为m的正方体物块置于风洞内的水平面上，其一面与风速垂直,当风速为v0时刚好能推动该物块．已知风对物块的推力F正比于Sv2，其中v为风速、S为物块迎风面积．当风速变为2v0时，刚好能推动用同一材料做成的另一正方体物块,则该物块的质量为（）A．64m B．32m C．8m D．4m6．通电导体棒水平放置在绝缘斜面上,整个装置置于匀强磁场中,导体棒能保持静止状态．以下四种情况中导体棒与斜面间一定存在摩擦力的是（）A． B． C． D．7．在如图所示的电路中,a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感线圈，E为电源，S为开关．关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是(）A．合上开关，a先亮，b逐渐变亮；断开开关,a、b同时熄灭B．合上开关，b先亮,a逐渐变亮；断开开关，a先熄灭，b后熄灭C．合上开关，b先亮,a逐渐变亮；断开开关，a、b同时熄灭D．合上开关,a、b同时亮;断开开关,b先熄灭,a后熄灭8．一列波长大于1m的横波沿着x轴正方向的播处x1=1m和x2=2m的两质点A、B的振动图象如图所示．由此可知(）A．波长为mB．波速为1m/sC．3s末A、B两质点的位移相同D．1s末A点的振动速度大于B点的振动9．图中L为一薄凸透镜，ab为一发光圆面，二者共轴，S为与L平行放置的屏，已知这时ab可在屏上成清晰的像．现将透镜切除一半，只保留主轴以上的一半透镜，这时ab在S上的像(）A．尺寸不变，亮度不变 B．尺寸不变，亮度降低C．只剩半个圆,亮度不变 D．只剩半个圆，亮度降低10．在匀强磁场中有一个原来静止的碳14原子核发生了某种衰变，已知放射出的粒子速度方向及反冲核的速度方向均与磁场方向垂直，它们在磁场中运动的径迹是两个相内切的圆，两圆的直径之比为7：1，如图所示．则碳14的衰变方程为（）A．C→e+B B．C→He+BeC．C→e+N D．C→H+B11．如图所示为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同颜色的光．关于这些光下列说法正确的是（）A．由n=4能级跃迁到n=1能级产生的光子波长最长B．由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光子频率最小C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6。34eV的金属铂能发生光电效应12．如图所示，一定质量的气体封闭在导热性能良好的金属气缸中,缓慢地推动活塞压缩气体．若分子间的相互作用忽略不计,以下说法正确的是（)A．气体的压强一定增大B．气体分子的平均动能一定增大C．气体一定从外界吸收热量D．气体的内能一定增大13．如图所示,abcd是倾角为θ的光滑斜面，已知ab∥dc，ad、bc均与ab垂直．在斜面上的a点，将甲球以速度v0沿ab方向入射的同时，在斜面上的b点将乙球由静止释放，则以下判断正确的是（）A．甲、乙两球不可能在斜面上相遇B．甲、乙两球一定在斜面上相遇C．甲、乙两球在斜面上运动的过程中，总是在同一水平线上D．甲、乙两球在斜面上运动的过程中，在相同时间内速度的改变可能不相同二、实验题填空题:每空4分，共28分．14．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．15．现有一特殊的电池，其电动势E约为9V，内阻r在35～55Ω范围，最大允许电流为50mA．为测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲的电路进行实验．图中电压表的内电阻很大,对电路的影响可以不计；R为电阻箱，阻值范围为0～9999Ω;R0是定值电阻．(1）实验室备有的定值电阻R0有以下几种规格：A．10Ω，2。5WB．50Ω，1.0WC．150Ω，1.0WD．1500Ω，5。0W本实验应选用，其作用是．（2)该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S,调整电阻箱的阻值读出电压表的示数U，再改变电阻箱阻值，取得多组数据，作出了如图乙的图线．则根据该同学所作的图线可知图象的横坐标与纵坐标的比值表示．（3）根据乙图所作出的图象求得该电池的电动势E为V,内电阻r为Ω．三、计算题：本大题共4小题,共70分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤．只写出最后答案,不能得分．由数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内,一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．17．某同学利用DIS实验系统研究一定质量的理想气体的状态变化，在实验后计算机屏幕显示了如下P﹣T图象（实线部分），已知在A状态气体体积为V．（1）试求实验过程中，当气体温度保持T0的情况下，气体体积在什么范围内变化？（2）试分析说明在气体状态由B变化至C的过程中是吸热还是放热？18．如图所示，半径r=0。4m的圆形区域内有垂直圆面向外的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T，带电粒子的比荷（）为1.0×105C/kg．粒子经一电压U=6×103V的电场加速后，正对圆心O的垂直射入磁场．（不计带电粒子重力)求：(1）粒子在磁场中做圆周运动的半径（2）粒子在磁场中的运动时间．19．如图所示，质量M=1。0kg的木块随传送带一起以v=2。0m/s的速度向左匀速运动，木块与传送带间的动摩擦因数μ=0。50．当木块运动至最左端A点时，一颗质量为m=20g的子弹以v0=3。0×102m/s水平向右的速度击穿木块，穿出时子弹速度v1=50m/s．设传送带的速度恒定，子弹击穿木块的时间极短,且不计木块质量变化，g=10m/s2．求:（1）在被子弹击穿后，木块向右运动距A点的最大距离；（2)子弹击穿木块过程中产生的内能；（3）从子弹击穿木块到最终木块相对传送带静止的过程中，木块与传送带间由于摩擦产生的内能．

2017年广东省深圳市圆梦教育港澳台侨联考高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题:本大题共13小题，每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．如图所示,挡板垂直于斜面固定在斜面上，一滑块m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄,一球M搁在挡板与弧形滑块上，一切摩擦均不计，用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑块,使球与滑块均静止．现将滑块平行于斜面向上拉过一较小的距离,球仍搁在挡板与滑块上且处于静止状态，则与原来相比（）A．滑块对球的弹力增大 B．挡板对球的弹力减小C．斜面对滑块的弹力增大 D．拉力F不变【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29:物体的弹性和弹力．【分析】隔离对球分析，抓住重力大小方向不变,挡板的弹力方向不变，根据合力为零判断出木板、滑块对球弹力的变化．对球和滑块整体分析，抓住合力为零,判断斜面对滑块弹力以及拉力的变化．【解答】解:A、B、对球进行受力分析，如图(a），球只受三个力的作用,挡板对球的力F1方向不变，作出力的矢量图，挡板上移时，F2与竖直方向夹角减小，最小时F2垂直于F1，可以知道挡板弹力F1和滑块对球的作用力F2都减小；故A错误，B正确；C、D、再对滑块和球一起受力分析，如图(b），其中FN=Gcosθ不变,F+F1不变,F1减小，可以知道斜面对滑块的支持力不变,拉力F增大，故C错误，D错误．故选：B．2．一宇航员站在某质量分布均匀的星球表面上沿竖直方向以初速度v0抛出一个小球,测得小球经过时间t落回地出点，已知该星球半径为R，则该星球的第一宇宙速度为(）A． B． C． D．无法确定【考点】4F：万有引力定律及其应用．【分析】由竖直上抛可得星球表面的重力加速度，进而由地面万有引力等于重力，万有引力提供向心力可得第一宇宙速度．【解答】解：竖直上抛落回原点的速度大小等于初速度,方向与初速度相反．设星球表面的重力加速度为g，由竖直上抛规律可得：v0=﹣v0+gt解得：由地面万有引力等于重力,万有引力提供向心力可得:解得：故A正确故选：A3．图甲所示为索契冬奥会上为我国夺得首枚速滑金牌的张虹在1000m决赛中的精彩瞬间．现假设某速滑运动员某段时间内在直道上做直线运动的速度时间图象可简化为图乙，已知运动员（包括装备）总质量为60kg，在该段时间内受到的阻力恒为总重力的0.1倍，g=10m/s2．则下列说法正确的是（）A．在1~3s内，运动员的加速度为0。5m/s2B．在1～3s内,运动员获得的动力是30NC．在0～5s内，运动员的平均速度是12。5m/sD．在0～5s内,运动员克服阻力做的功是﹣3780J【考点】62:功的计算；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系;1I:匀变速直线运动的图像．【分析】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴所围成的面积表示物体的位移，根据牛顿第二定律求解运动员获得的动力，平均速度等于总移除以总时间，根据W=﹣fs求解阻力做功．【解答】解：A、速度时间图线的斜率表示加速度,则在1～3s内，运动员的加速度为：a=,故A正确;B、根据牛顿第二定律得：F﹣f=ma解得：F=60×0.5+600×0。1=90N，故B错误；C、图线与时间轴所围成的面积表示物体的位移，则在0～5s内，运动员的位移x==63m，则运动员的平均速度是：，故C错误；D、在0～5s内，运动员克服阻力做的功是:W克=﹣Wf=0。1×600×63=3780J,故D错误．故选：A4．如图所示，物块以60J的初动能从斜面底端沿斜面向上滑动,当它的动能减少为零时，重力势能增加了45J,则物块回到斜面底端时的动能为（）A．15J B．20J C．30J D．45J【考点】66:动能定理的应用．【分析】运用能量守恒对上升过程列出方程，求出上升过程中克服阻力所做的功;对全过程运用动能定理列出动能的变化和总功的等式,两者结合去解决问题．【解答】解：运用功能关系，上升过程中物体损失的动能等于克服阻力做的功和克服重力做的功．克服重力做的功等于重力势能的增加量，有：其中得:对全过程运用动能定理有：代入数据得：所以物块回到斜面底端时的动能30J故选：C5．如图，一质量为m的正方体物块置于风洞内的水平面上，其一面与风速垂直,当风速为v0时刚好能推动该物块．已知风对物块的推力F正比于Sv2，其中v为风速、S为物块迎风面积．当风速变为2v0时，刚好能推动用同一材料做成的另一正方体物块，则该物块的质量为（）A．64m B．32m C．8m D．4m【考点】37:牛顿第二定律．【分析】物块被匀速推动,受重力、支持力、推力和滑动摩擦力，根据平衡条件列式；其中推力F∝Sv2,滑动摩擦力与压力成正比．【解答】解:物块被匀速推动，根据平衡条件,有：F=fN=mg其中：F=kSv2=ka2v2f=μN=μmg=μρa3g解得：a=现在风速v变为2倍，故能推动的物块边长为原来的4倍，故体积为原来的64倍,质量为原来的64倍;故选：A6．通电导体棒水平放置在绝缘斜面上,整个装置置于匀强磁场中，导体棒能保持静止状态．以下四种情况中导体棒与斜面间一定存在摩擦力的是(）A． B． C． D．【考点】CC：安培力．【分析】左手定则判断安培力的方向，对通电导体棒ab受力分析，根据共点力平衡条件判断导体棒是否处于静止状态【解答】解：A、杆子受竖直向下的重力、水平向右的安培力和垂直于斜面向上的斜面的支持力，若三个力平衡则静止,不受摩擦力，故A错误;B、杆子受重力、水平向左的安培力，支持力,三力合力不为零，要是导体棒处于平衡状态，导体棒一定受摩擦力，故B正确；C、导体棒受重力、沿斜面向上的安培力，垂直与斜面斜向上的支持力，由共点力平衡可知，三力平衡,故可不受摩擦力，故C错误；D、导体棒受重力、竖直向上的安培力、由共点力平衡可知，可以不受摩擦力,D错误；故选:B7．在如图所示的电路中,a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感线圈，E为电源,S为开关．关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是（)A．合上开关，a先亮，b逐渐变亮;断开开关，a、b同时熄灭B．合上开关，b先亮，a逐渐变亮；断开开关,a先熄灭，b后熄灭C．合上开关，b先亮，a逐渐变亮；断开开关,a、b同时熄灭D．合上开关,a、b同时亮;断开开关,b先熄灭，a后熄灭【考点】DE：自感现象和自感系数．【分析】对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流．【解答】解：由于a、b为两个完全相同的灯泡，当开关接通瞬间,b灯泡立刻发光，而a灯泡由于线圈的自感现象，导致灯泡渐渐变亮；当开关断开瞬间,两灯泡串联，由线圈产生瞬间电压提供电流，导致两灯泡同时熄灭．故选:C8．一列波长大于1m的横波沿着x轴正方向的播处x1=1m和x2=2m的两质点A、B的振动图象如图所示．由此可知（）A．波长为mB．波速为1m/sC．3s末A、B两质点的位移相同D．1s末A点的振动速度大于B点的振动【考点】F5：波长、频率和波速的关系；F1：波的形成和传播;F4:横波的图象．【分析】由振动图象可得出周期，在图象上的同一时刻可知两点相距的距离与波长的关系，则可求得可能的波长;由波长、频率及波速的关系可得出波速的值．【解答】解:A、△x=x2﹣x1=1m，由于波沿x正方向传播，所以A先振动,又由于波长大于1m，所以，,，故A正确；B、波速，B错误；C、由振动图象知，在3s末,A、B两质点的位移不相同,C错误；D、由振动图象可知，1s末A点速度为零，B点速度最大，D错误．故选A．9．图中L为一薄凸透镜，ab为一发光圆面,二者共轴，S为与L平行放置的屏，已知这时ab可在屏上成清晰的像．现将透镜切除一半，只保留主轴以上的一半透镜,这时ab在S上的像（）A．尺寸不变，亮度不变 B．尺寸不变，亮度降低C．只剩半个圆,亮度不变 D．只剩半个圆，亮度降低【考点】HG：透镜成像规律．【分析】凸透镜成像是光的折射现象，物体发出的光线经凸透镜折射后，会聚在凸透镜另一侧的光屏上，形成物体的实像；如果凸透镜的口径大，透过的光多,像就亮；口径小，透过的光少，像就暗．【解答】解：凸透镜成实像时,所有透过透镜的光会聚到光屏上成像,当将透镜切除一半，只保留主轴以上的一半透镜后,整个物体发出的光依然会有一部分光通过上半部分凸透镜折射而会聚成像，因此，像与原来相同，仍然完整．根据凸透镜成像规律可知，像的大小尺寸取决于物距和像距,在透镜切除一半过程中，像距和物距没有变化，因此成的像尺寸不变；由于透镜的下半部分被切除，因此折射出的光线与原来相比减少了一半，故像的亮度会降低,会变暗．故B正确，A、C、D错误；故选:B．10．在匀强磁场中有一个原来静止的碳14原子核发生了某种衰变，已知放射出的粒子速度方向及反冲核的速度方向均与磁场方向垂直,它们在磁场中运动的径迹是两个相内切的圆，两圆的直径之比为7：1，如图所示．则碳14的衰变方程为（）A．C→e+B B．C→He+BeC．C→e+N D．C→H+B【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动；JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】核衰变过程动量守恒,反冲核与释放出的粒子的动量大小相等，根据左手定则判断粒子与反冲核的电性关系．结合带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得粒子与反冲核的电荷量之比．【解答】解：原子核的衰变过程满足动量守恒，粒子与反冲核的速度方向相反，根据左手定则判断得知,粒子与反冲核的电性相反，则知粒子带负电，所以该衰变是β衰变，此粒子是β粒子，符号为e．可得两带电粒子动量大小相等,方向相反,就动量大小而言有：m1v1=m2v2由带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得:r=，可见r与q成反比．由题意，大圆与小圆的直径之比为7:1，半径之比为7：1，则得：粒子与反冲核的电荷量之比为1：7．所以反冲核的电荷量为7e，电荷数是7,其符号为N．故C确．故选：C11．如图所示为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同颜色的光．关于这些光下列说法正确的是()A．由n=4能级跃迁到n=1能级产生的光子波长最长B．由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光子频率最小C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应【考点】J4：氢原子的能级公式和跃迁．【分析】本题涉及氢原子的能级公式和跃迁，光子的发射，光子能量的计算，光电效应等知识点,涉及面较广．只有入射光子的能量大于金属的逸出功才会发生光电效应．【解答】解：A、根据Em﹣En=h，由n=4能级跃迁到n=3能级产生的光,能量最小,波长最长，故A错误；B、由n=4能级跃迁到n=3能级产生的光子能量最小，频率最小，故B错误；C、大量的氢原子处于n=4的激发态，可能发出光子频率的种数n==6．故C错误；D、从n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光子的能量E=E2﹣E1=﹣3.4ev﹣（﹣13。6）ev=10.2ev＞6.34ev而使金属发生光电效应的条件是光子的能量大于电子的逸出功，故可以发生光电效应．故D正确．故选：D．12．如图所示,一定质量的气体封闭在导热性能良好的金属气缸中,缓慢地推动活塞压缩气体．若分子间的相互作用忽略不计，以下说法正确的是(）A．气体的压强一定增大B．气体分子的平均动能一定增大C．气体一定从外界吸收热量D．气体的内能一定增大【考点】8F：热力学第一定律．【分析】分子间的相互作用忽略不计，分子势能不计，该气体当作理想气体，内能只与温度有关．由于金属气缸导热性能良好，与外界进行热交换,气缸内气体的温度与环境温度保持相等，气体发生等温变化，由玻意耳定律分析压强的变化．【解答】解：A、由题意，金属气缸导热性能良好，与外界进行热交换，气缸内气体的温度与环境温度保持相等,气体发生等温变化，则由pV=c分析得知，气体的压强一定增大．故A正确．B、由上分析知,气体的温度不变，则气体分子的平均动能不变．故B错误．C、D该气体是理想气体,其内能只与温度有关，故知气体的内能不变．外界对气体做功,根据热力学第一定律△U=Q+W得知,气体向外界放热．故CD错误．故选A13．如图所示，abcd是倾角为θ的光滑斜面，已知ab∥dc,ad、bc均与ab垂直．在斜面上的a点，将甲球以速度v0沿ab方向入射的同时，在斜面上的b点将乙球由静止释放，则以下判断正确的是（)A．甲、乙两球不可能在斜面上相遇B．甲、乙两球一定在斜面上相遇C．甲、乙两球在斜面上运动的过程中，总是在同一水平线上D．甲、乙两球在斜面上运动的过程中，在相同时间内速度的改变可能不相同【考点】43：平抛运动；44:运动的合成和分解．【分析】小球a所受的合力沿斜面向下，做类平抛运动,b所受的合力沿斜面向下，做初速度为零的匀加速直线运动，与类平抛运动沿斜面向下方向上的运动规律相同．【解答】解：A、甲做类平抛运动，乙做初速度为零的匀加速直线运动，与类平抛运动沿斜面向下方向上的运动规律相同,可知甲乙两球在斜面上运动的过程中，相同时间内沿斜面向下的位移相同,即总是在同一水平线上，若斜面足够长,两球一定会在斜面上相遇，但是斜面不是足够长，所以两球不一定在斜面上相遇．故A、B错误，C正确．D、因为甲乙两球的加速度相同，则相同时间内速度的变化量相同．故D错误．故选:C．二、实验题填空题：每空4分，共28分．14．甲图中游标卡尺的读数为13。55mm；乙图中螺旋测微器的读数为4.699mm．【考点】L3：刻度尺、游标卡尺的使用；L4：螺旋测微器的使用．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读．【解答】解:20分度的游标卡尺，精确度是0。05mm，游标卡尺的主尺读数为13mm,游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为11×0。05mm=0.55mm,所以最终读数为:13mm+0.55mm=13.55mm．螺旋测微器的固定刻度为4。5mm，可动刻度为19.9×0.01mm=0.199mm,所以最终读数为4。5mm+0。199mm=4.699mm．故答案为:13.55,4.69915．现有一特殊的电池，其电动势E约为9V，内阻r在35～55Ω范围，最大允许电流为50mA．为测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲的电路进行实验．图中电压表的内电阻很大，对电路的影响可以不计;R为电阻箱,阻值范围为0～9999Ω；R0是定值电阻．(1）实验室备有的定值电阻R0有以下几种规格：A．10Ω，2。5WB．50Ω,1。0WC．150Ω,1.0WD．1500Ω，5.0W本实验应选用C，其作用是保护电源．（2)该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值读出电压表的示数U，再改变电阻箱阻值,取得多组数据，作出了如图乙的图线．则根据该同学所作的图线可知图象的横坐标与纵坐标的比值表示回路电流．（3)根据乙图所作出的图象求得该电池的电动势E为10V，内电阻r为47。5Ω．【考点】N3：测定电源的电动势和内阻．【分析】(1)根据题意中给出的最大电流可明确最小电阻，从而明确保护电阻的选择；（2）根据闭合电路欧姆定律可明确表达式，从而分析两坐标的比值;（3）根据闭合电路欧姆定律的表达式行行变形，再根据图象的性质可明确电源的电动势和内电阻．【解答】解：（1)根据闭合电路欧姆定律电路中最小电阻为Rm==Ω=180Ω，所以R0应选C，其作用是保护电源，防止短路；（2）根据闭合电路欧姆定律，应有E=U+r,所以图乙图象的横坐标与纵坐标之比为回路电流．（3）将E=U+r变形为=+•，所以纵轴截距=0.1；解得E=10V，斜率k===4。75,解得r=47.5Ω故答案为（1）C,保护电阻(2)回路电流(3）10，47.5三、计算题：本大题共4小题，共70分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤．只写出最后答案，不能得分．由数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位．16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况)．【考点】H3:光的折射定律．【分析】光线以45°的入射角时，要分入射光线在法线的右侧和左侧两种情况进行讨论研究．根据折射定律求出光线在AC面的折射角．根据几何知识确定光线在AB或BC面上入射角．求出临界角，判断在这两个面上能否发生全反射,画出光路图，求出光线从棱镜射出的点的位置离A或B点的距离．【解答】解:设入射角为i，折射角为r，由折射定律得：①由已知条件i=45°，n=解得r=30°②（1)如果入射光线在法线的右侧，根据几何知识得知，光线与AB垂直，光路图如图所示．设出射点F，由几何关系可得AF=③即出射点在AB边上离A点a的位置．（2）如果入射光线在法线的左侧,光路图如图所示．设折射光线与AB的交点为D．由几何关系可知，在D点的入射角θ=60°④设全反射的临界角为C,则sinC=⑤由⑤和已知条件得C=45°⑥因此,光在D点全反射．设此光线的出射点为E，由几何关系得∠DEB=90°BD=a﹣2AF⑦BE=DBsin30°⑧联立③⑦⑧式得BE=即出射点在BC边上离B点的位置．答:如果入射光线在法线的右侧，出射点在AB边上离A点的位置．如果入射光线在法线的左侧，出射点在BC边上离B点的位置．光路图如图所示．17．某同学利用DIS实验系统研究一定质量的理想气体的状态变化，在实验后计算机屏幕显示了如下P﹣T图象(实线部分），已知在A状态气体体积为V．(1）试求实验过程中，当气体温度保持T0的情况下，气体体积在什么范围内变化？(2）试分析说明在气体状态由B变化至C的过程中是吸热还是放热?【考点】9E：气体的等容变化和等压变化；8F:热力学第一定律．【分析】（1)等温变化，从图象得到气体压强的变化范围，然后根据理想气体状态方程列式求解出体积变化的范围．（2）根据气体体积变化情况判断外界对物体做功情况,然后由热力学第一定律分析答题．【解答】解：（1）对于A、B、C三个状态，由玻意耳定意可知:1。5p0V0=2p0V1=p0V2,解得：;即：在温度保持T0的情况下,气体体积在之间变化．（2）在气体状态由B变化至C的过程中,由于温度不变，所以气体内能不变，而该过程气体体积减小，外界对气体做功，所以由热力学第一定律可知,此过程是放热的．答：（1）当气体温度保持T0的情况下，气体体积变化范围是．（2）气体状态由B变化至C的过程中是放热的．18．如图所示,半径r=0.4m的圆形区域内有垂直圆面向外的匀强磁场，磁感应强度B=0。5T，带电粒子的比荷（）为1.0×105C/kg．粒子经一电压U=6×103V的电场加速后，正对圆心O的垂直射入磁场．（不计带电粒子重力）求：(1）粒子在磁场中做圆周运动的半径（2)粒子在磁场中的运动时间．【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动；AK：带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1)带电粒子速度跟电场方向相同做匀加速运动；通过