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PAGE8-艾青中学第一学期高三理科数学第一次教学质量检测试卷时间:120分钟总分:150分一、选择题(本大题共8小题,每题5分,总分值40分.在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的.)1.已知集合,,那么A.B.C.D.2.假设,那么“成立”是“成立”的A.充分非必要条件B.必要非充分条件C.充要条件D.既非充分又非必要条件3.已知为不同的直线,为不同的平面,那么以下说法正确的选项是A. B.C. D.4.命题P:“”的否认为()A.B.C.D.5.已知一个空间几何体的三视图如下图,根据图中标出的尺寸,可得这个几何体的体积是A.2B.4C.6D.126.假设,假设的最大值为,那么值A.B.C.D.7.设是双曲线上一点,(c>0)为左、右焦点,周长为6c,面积,那么双曲线的离心率是()A、B、C、2D、38.已知定义在上的函数满足:①;②;③当时,;那么函数在区间上的零点个数为A.5 B.6 C.7 D.8二、填空题(本大题共7小题,第9,10,11,12题每空3分,第13,14,15题每空4分,共36分.)9.设等差数列的前项和为,假设,,那么数列的通项公式为,当取最大值时,.10.已知直线与直线,假设两直线平行,那么的值为,假设两直线垂直,那么的值为.11.已知函数那么,不等式的解集为12.已知,且,那么的值为,的值为.13.如图:边长为4的正方形的中心为,以为圆心,1为半径作圆.点是圆上任意一点,点是边上的任意一点(包括端点),那么的取值范围为.14.在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中,M、N分别是AC1、A1B1的中点.点P在该正方体的外表上运动,那么总能使MP与BN垂直的点P所构成的轨迹的周长等于.15.实数满足,设,那么.三、解答题(本大题共5小题,共74分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.)16.(此题15分)设△ABC的内角A,B,C所对边的长分别为a,b,c,且有2sinBcosA=sinAcosC+cosAsinC.(1)求角A的大小;(2)假设b=2,c=1,D为BC的中点,求AD的长.17.(此题15分)如图,已知平面与直线均垂直于所在平面,且.QPABC(第17题图)(ⅠQPABC(第17题图)(Ⅱ)假设,求二面角的余弦值.18.(此题总分值15分)已知函数(Ⅰ)当时,求使成立的的值;(Ⅱ)当,求函数在上的最大值;19.(此题总分值15分)已知椭圆的焦点坐标为(-1,0),(1,0),过垂直于长轴的直线交椭圆于P、Q两点,且||=3,(1)求椭圆的方程;(2)过的直线l与椭圆交于不同的两点M、N,那么△的内切圆的面积是否存在最大值?假设存在求出这个最大值及此时的直线方程;假设不存在,请说明理由.20.(此题14分)已知数列中,,且.(Ⅰ)求数列的通项公式;(Ⅱ)求证:对一切,有.答案:1、B2、C3、D4、D5、B6、A7、A8、A9.510.-2-11.3412.13.[﹣12,12]14.2+15.16.解:(1)方法一:由题设知,2sinBcosA=sin(A+C)=sinB.因为sinB≠0,所以cosA=eq\f(1,2).由于0<A<π,故A=eq\f(π,3).方法二:由题设可知,2b·eq\f(b2+c2-a2,2bc)=a·eq\f(a2+b2-c2,2ab)+c·eq\f(b2+c2-a2,2bc).于是b2+c2-a2=bc.所以cosA=eq\f(b2+c2-a2,2bc)=eq\f(1,2).由于0<A<π,故A=eq\f(π,3).(2)方法一:因为eq\o(AD,\s\up6(→))2=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(\o(AB,\s\up6(→))+\o(AC,\s\up6(→)),2)))eq\s\up12(2)=eq\f(1,4)(eq\o(AB,\s\up6(→))2+eq\o(AC,\s\up6(→))2+2eq\o(AB,\s\up6(→))·eq\o(AC,\s\up6(→)))=eq\f(1,4)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+4+2×1×2×cos\f(π,3)))=eq\f(7,4),所以|eq\o(AD,\s\up6(→))|=eq\f(\r(7),2).从而AD=eq\f(\r(7),2).方法二:因为a2=b2+c2-2bccosA=4+1-2×2×1×eq\f(1,2)=3,所以a2+c2=b2,B=eq\f(π,2).因为BD=eq\f(\r(3),2),AB=1,所以AD=eq\r(1+\f(3,4))=eq\f(\r(7),2).17.方法一:(Ⅰ)证明:过点作于点,∵平面⊥平面∴平面又∵⊥平面∴∥又∵平面∴∥平面(Ⅱ)解:∵平面∴又∵∴∴∴点是的中点,连结,那么∴平面∴∥,∴四边形是矩形设∴,∴过作于点,∴,取中点,连结,取的中点,连结∵,∴∥∵∴∴∴为二面角的平面角连结,那么又∵∴即二面角的余弦值为方法二:(I)证明:同方法一(Ⅱ)解:∵平面∴,又∵∴∴∴点是的中点,连结,那么∴平面∴∥,∴四边形是矩形分别以为轴建立空间直角坐标系设,那么,,,设平面的法向量为∵,∴又∵平面的法向量为……12分设二面角为,那么又∵二面角是钝角∴即二面角的余弦值为。18.(总分值15分)解:(Ⅰ)…………4分(Ⅱ)当…………6分当;…………8分当;…………10分…………13分综上:…………15分19.(总分值15分)(1)设椭圆方程为=1(a>b>0),由焦点坐标可得c=1………1分由PQ|=3,可得=3,………4分解得a=2,b=,故椭圆方程为=1………5分(2)设M,N,设的内切圆的径R,那么的周长=4a=8,因此最大,R就最大………7分由题知,直线的斜率不为零,可设直线的方程为x=my+1,………8分由得+6my-9=0,得………10分那么………1
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