2022年广西南宁高考物理倒计时模拟卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择若某一缆车沿着坡度为30。的山坡以加速度。上行，如图所

示。在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为，”的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车保持竖

直状态）则（）

A.小物块受到的支持力方向竖直向上

B.小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下

C.小物块受到的静摩擦力为；mg+ma

D.小物块受到的滑动摩擦力为；mg+ma

2、分别用频率为v和2V的甲、乙两种单色光照射某金属，逸出光电子的最大初动能之比为1：3,已知普朗克常量为

h,真空中光速为c,电子电量为e。下列说法正确的是（）

A.用频率为方的单色光照射该金属，单位时间内逸出的光电子数目一定较多

B.用频率为:丫的单色光照射该金属不能发生光电效应

C.甲、乙两种单色光照射该金属，对应光电流的遏止电压相同

D.该金属的逸出功为,加

4

3、利用半导体二极管的单向导电性，可以对交变电流进行整流将交变电流变为直流，一种简单的整流电路如图甲所示,

力为交变电流信号输入端，。为半导体二极管，R为定值电阻。信号输入后，电阻R两端输出的电压信号如图乙所示,

则关于该输出信号，下列说法正确的是（）

甲乙

A.频率为100Hz.

B.电压有效值为50V

C.一个标有“90V,30"F”的电容器并联在电阻R两端，可以正常工作

D.若电阻R=100C,则Imin内R产生的热量为2.5x104

4、下列说法正确的是（）

A.卢瑟福的a粒子散射实验揭示了原子核具有复杂的结构

B.在一根长为0.2m的直导线中通入2A的电流将导线放在匀强磁场中，受到的安培力为0.2N,则匀强磁场的磁感应

强度的大小可能是0.8T

C.伽利略利用理想斜面实验得出物体不受外力作用时总保持静止或匀速直线运动的状态，开创了物理史实验加合理

外推的先河

D.比值定义法是物理学中定义物理量的一种常用方法，电流强度/的定义式是/

5、如图甲所示，AB两绝缘金属环套在同一铁芯上，A环中电流iA随时间t的变化规律如图乙所示，下列说法中正确

的是（）

A.ti时刻，两环作用力最大

B.t2和t3时刻，两环相互吸引

C.t2时刻两环相互吸引，t3时刻两环相互排斥

D.t3和t4时刻，两环相互吸引

6、如图所示，一直角三角形acd在竖直平面内，同一竖直面内的a、方两点关于水平边cd对称，点电荷。/、。2固定

在c、d两点上。一质量为机、带负电的小球尸在a点处于静止状态，取重力加速度为g,下列说法正确的是（）

A.。2对p的静电力大小为日机g

B.白、Q2的电荷量之比为且

3

C.将尸从a点移到b点，电场力做正功

D.将尸从a点沿直线移到办点，电势能先增大后减小

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、关于热力学定律，下列说法正确的是()

A.气体吸热后温度一定升高

B.对气体做功可以改变其内能

C.理想气体等压膨胀过程一定放热

D.理想气体绝热膨胀过程内能一定减少

E.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体

8、如图所示，正三角形的三个顶点a、b.C处，各有一条垂直于纸面的长直导线。a、C处导线的电流大小相等，

方向垂直纸面向外，〃处导线电流是a、C处导线电流的2倍，方向垂直纸面向里。已知长直导线在其周围某点产生

磁场的磁感应强度与电流成正比、与该点到导线的距离成反比。关于。、c处导线所受的安培力，下列表述正确的是

()

即

//、、

/，、、

//'、

a0---------&c

A.方向相反B.方向夹角为60。

2

C.大小的比值为一D.大小的比值为2

9、图1是一列沿x轴方向传播的简谐横波在r=0时刻的波形图，波速为lm/s。图2是x=5.5m处质点的振动图象,

下列说法正确的是（）

B.x=3.5m处质点在r=2s时的位移为4jlcm

C.x=1.5m处质点在尸4s时的速度方向沿），轴正向

D.x=4.5m处的质点在f=Is时加速度沿y轴负方向

£刀=3.5111处质点在0~k内路程为（16-80）cm

10、回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的。形金属盒半径为K,两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时

间可以忽略不计，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，A处粒子源产生质量为，”、电荷量为+q的粒子，在加速电

压为U的加速电场中被加速，所加磁场的磁感应强度、加速电场的频率可调，磁场的磁感应强度最大值为5m和加速

电场频率的最大值启。则下列说法正确的是（）

出口处

A.粒子获得的最大动能与加速电压无关

B.粒子第n次和第«+1次进入磁场的半径之比为而I：g

C.粒子从静止开始加速到出口处所需的时间为「=殁生

2U

D.若q〈紧,贝微子获得的最大动能为&“=2/顼,次2

2nm

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）小明想要粗略验证机械能守恒定律。把小钢球从竖直墙某位置由静止释放，用数码相机的频闪照相功能拍

摄照片如图所示。已知设置的频闪频率为/,当地重力加速度为g。

（1）要验证小钢球下落过程中机械能守恒，小明需要测量以下哪些物理量______（填选项前的字母）。

A.墙砖的厚度dB.小球的直径。C.小球的质量,”

（2）照片中A位置______（“是”或“不是”）释放小球的位置。

（3）如果表达式（用题设条件中给出的物理量表示）在误差允许的范围内成立，可验证小钢球下落过程中

机械能守恒。

12.（12分）某实验室欲将电流表改装为两用电表：欧姆表：中央刻度为30的“xio”档；电压表：量程0〜6V。

A.干电池组（E=3.0V）

B.电流表Ai（量程0〜10mA,内阻为100。）

C.电流表A2（量程0〜0.6A,内阻为0.2。）

D.滑动变阻器Ri（0〜300。）

E.滑动变阻器4（0-30Q）

F.定值电阻凡（10£1）

G.定值电阻R»（500。）

H.单刀双掷开关S,一对表笔及若干导线

（1）图中A为（填“红”或“黑”）表笔，测量电阻时应将开关S扳向（填“I”或"2”）。

⑵电流表应选用（填“Ai”或“A2”），滑动变阻器应选用（填“R”或“电”），定值电阻R应选

__________（填“用”或

（3）在正确选用器材的情况下，正确连接好实验电路，若电流表满偏电流为右，则电阻刻度盘上指针指在工人处所对应

的阻值£2.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，直角坐标系xOy内z轴以下、x=b。未知）的左侧有沿y轴正向的匀强电场，在第一象限内

y轴、x轴、虚线MN及x=b所围区域内右垂直于坐标平面向外的匀强磁场，M、N的坐标分别为（0,a）、（a,0）,

质量为，”、电荷量为g的带正电粒子在P点以初速度沿x轴正向射出，粒子经电场偏转刚好经过坐标

原点，匀强磁场的磁感应强度B=2“生，粒子第二次在磁场中运动后以垂直》=方射出磁场，不计粒子的重力。求：

qa

⑴匀强电场的电场强度以及b的大小；

（2）粒子从尸点开始运动到射出磁场所用的时间。

14.（16分）如下图，一横截面积为S的绝热气缸固定在绝热水平面上，一绝热活塞封闭气缸内一定质量的理想气体,

在气缸右侧有一暖气管，气缸与暖气管相接处密闭性良好，气缸左侧的活塞用一跨过定滑轮的轻绳与一质量为M的祛

码相连。当活塞稳定后，测得活塞到气缸右侧壁之间的距离L,温度传感器测得此时气缸内气体的温度为八。现让高

温暖气从暖气管的上端流进、再从暖气管的下端流出，经过一段时间后发现活塞缓慢向左移动了一小段距离后便静止

不动了。这个过程中气缸内的气体吸收热量。后，温度传感器的读数为72。设重力加速度为g,大气压强为尸o,忽略

所有摩擦，回答问题。

⑴试分析密闭气体体积的变化，并求出此变化量A匕

（ii）求此过程中气缸内气体内能的变化量AU。

温度传感器

15.（12分）如图，竖直放置的粗细均匀的U形管左端封闭，右端开口。左管内用水银封闭一段长心=20cm的空气

柱，左右两管水银面差为无=15cm。已知外界温度为27C,大气压为75cmHg。

（i）如果缓慢向右管内注入水银，直到左右水银面相平（原来右管水银没有全部进入水平部分），求在右管注入的水银柱

长度

(ii)在左右管水银面相平后，缓慢升高左管内封闭气体的温度，使封闭空气柱长度变为20cm,求此时左端空气柱的温

度。

1

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

由题知：木块的加速度大小为“，方向沿斜面向上，分析木块受力情况，根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大

小和方向。根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大小和方向。

【详解】

AB.以木块为研究对象，分析受力情况为重力，"g,斜面的支持力N和摩擦力为静摩擦力力根据平衡条件可知支持

力N垂直于斜面向上，摩擦力/沿斜面向上，故AB错误；

CD.由于小物块和斜面保持相对静止，小物块受到的摩擦力为静摩擦力，根据牛顿第二定律得

f-mgsin30°=ma

解得了=mg+抽7,方向平行斜面向上，故C正确，D错误。

故选C。

【点睛】

本题首先要正确分析木块的受力情况，其次要能根据牛顿第二定律列式，求摩擦力。

2、B

【解析】

A.单位时间内逸出的光电子数目与光的强度有关，由于光的强度关系未知，故A错误；

BD.光子能量分别为

&=〃丫和E2=2hv

根据爱因斯坦光电效应方程可知光电子的最大初动能为逸出光电子的最大初动能之比为1：3,联立

解得

%=加

V

用频率为一的单色光照射该金属不能发生光电效应，故B正确，D错误；

4

C.两种光的频率不同，光电子的最大初动能不同，由动能定理可知，题目对应的遏止电压是不同的，故C错误。

故选B。

3、B

【解析】

A.由图乙可知，该电压的周期7=0.02s,故频率为

,1

f=—=50Hz

故A错误；

B.由电流的热效应知，一个周期内电阻产生的热量

u2ui

—x0.01=^x0.02

RR

其中的

100

U50x/2V

故电压有效值为U『50V,故B正确；

C.电容器两端的瞬时电压不应超过标称电压90V,而R两端电压的瞬时值最大为100V,故电容不能正常工作，故C

错误；

D.电阻R产生的热量应使用电压的有效值进行计算，故Imin内产生的热量为

Ui.

Q=』f=1.5xl()4j

R

故D错误。

故选B。

4、B

【解析】

A.天然放射现象的发现揭示了原子核具有复杂的结构，故A错误;

B.长为0.2m的直导线中通入2A的电流，将导线放在匀强磁场中，受到的安培力为0.2N,故有

cF0.20.5

ILsin02x0.2xsin8sin(9

因为

0<sin6»<l

故可得B20.5T,即大小可能是0.8T,故B正确；

C.物体不受外力作用时总保持静止或匀速直线运动的状态，是牛顿在伽利略、笛卡尔的研究基础上得到的牛顿第一

定律，故C错误；

D.比值定义法是物理学中定义物理量的一种常用方法，电流强度/的定义式是

1=生

t

故D错误。

故选B。

5、B

【解析】

h时刻感应电流为零，故两环作用力为零，则选项A错误；t2时刻A环中电流在减小，则B环中产生与A环中同向的

电流，故相互吸引，t3时刻同理也应相互吸引，故选项B正确，C错误；时刻A中电流为零，两环无相互作用，选

项D错误.

6、B

【解析】

A.由于P处于平衡状态，可知对尸的静电力大小为

F2=mgcos60=gmg

选项A错误；

B.同理可知Qi对尸的静电力大小为

口an百

片=/Mgcos30=-^mg

设ac=L,则=由库仑定律

9组

❷=逑

231}

联立解得。1、的电荷量之比为

eL=2/3

Q2~3

选项B正确；

CD.将P从a点移到b点，电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增加，选项CD错误;

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BDE

【解析】

A.气体吸热，若同时对外做功，则气体内能可能减小，温度也可能降低，A错误；

B.改变气体的内能的方式有两种：做功和热传递，B正确；

C.理想气体等压膨胀，根据盖一吕萨克定律

可知理想气体温度升高，内能增大，根据热力学第一定律

^U=Q+W

理想气体膨胀对外做功，所以理想气体一定吸热，C错误；

D.理想气体绝热膨胀过程，理想气体对外做功，没有吸放热，根据热力学第一定律可知内能一定减少，D正确；

E.根据热力学第二定律，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，E正确。

故选BDE.

8、AD

【解析】

AB.结合题意，应用安培定则分析〃、c处磁场，应用平行四边形定则合成〃、，处磁场，应用左手定则判断c处

安培力，如图所示，结合几何关系知〃、C处导线所受安培力方向均在平行纸面方向，方向相反，故A正确，B错误;

CD.设导线长度为L,导线“在〃处的磁感应强度大小为B,结合几何关系知匕处磁感应强度有

B令=曲

b导线受安培力为

F殳=BU)L=2#,BIL

c处磁感应强度有

B%=及

c导线受安培力为

F^=B'^IL=y/3BIL

联立解得大小的比值为

工2

耳

故C错误，D正确;

故选ADo

9、BCE

【解析】

A,根据图2的振动图象可知，x=5.5m处的质点在U0时振动方向沿丁轴正向，所以利用图1由同侧法知该波沿x轴

正方向传播，故A错误;

B.图1可知该简谐横波的波长为4m,则

T%4,

T=—=—s=4s

v1

圆频率

oy=-=—rad/s=0.5乃rad/s

T4

设x=5.5m处质点的振动方程为

..71、

x=o8sin(—

U0时刻

4v5=8sin勿)

结合UO时刻振动的方向向上，可知外=L»，则x=5.5m处质点的振动方程为

4

C•,冗冗、

x=8sin(—1+—)cm

x=5.5m处质点与X=3.5m处质点的平衡位置相距半个波长，则x=3.5m处质点的振动方程为

c•7171.

x=-8sin(z—1+—)cm

24

f=2s代入方程得位移为40cm，故B正确；

C.x=1.5m处质点在/=4s时的速度方向和，=0时的速度方向相同，由同侧法可知速度方向沿y轴正向，故C正确;

D.x=4.5m处的质点在。=0时速度方向沿＞轴负向，则经过四分之一周期即，=ls时，质点的位移为负，加速度指

向平衡位置，沿》轴正方向，故D错误；

E.x=3.5m处质点在在r=0时速度方向沿.V轴负向，根据振动方程知此时位移大小为4J5cm，1=0时位移大小为

4，5cm，所以。〜Is内路程

s=2x(8-4五)cm=(l6-80)cm

故E正确。

故选BCEo

10、ACD

【解析】

A.当粒子出D形盒时，速度最大，动能最大，根据上，得

R

m

则粒子获得的最大动能

22m

粒子获得的最大动能与加速电压无关，故A正确。

B.粒子在加速电场中第〃次加速获得的速度，根据动能定理

nqU=—mvl?

可得

Vm

同理，粒子在加速电场中第〃+1次加速获得的速度

2(〃+l”U

Vn+1=

m

粒子在磁场中运动的半径后与，则粒子第〃次和第〃+i次进入磁场的半径之比为6：故B错误。

qB

C.粒子被电场加速一次动能的增加为qU,则粒子被加速的次数

k%，82H2

qU~2mU

粒子在磁场中运动周期的次数

〃，/二0

24mU

2兀m

粒子在磁场中运动周期r则粒子从静止开始到出口处所需的时间

qB^R。*2兀m_nBR2

4mUqB2U

故C正确。

D.加速电场的频率应该等于粒子在磁场中做圆周运动的频率，即f=*"，当磁感应强度为反,时，加速电场的频

2Tim

率应该为4„=瞥，粒子的动能为凡

2Tlm2

当力之四时，粒子的最大动能由8m决定，则

2nm

2

mv-

K

解得粒子获得的最大动能为

：（阿M

k，n2m

当力，〈竺时，粒子的最大动能由工，，决定，则

vm=2nfmR

解得粒子获得的最大动能为

222

Ekm=2nrnfmR

故D正确。

故选ACD.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、A不是g=df2

【解析】

(1)[1].此题为粗略验证机械能守恒，对于小球直径没有必要测量，表达式左右两边都有质量，所以质量没有必要

测量，只需要测量墙砖的厚度.

(2)[2J.图片上可以看出，AB;BC:CD:DE^l:2:3:4,所以A点不是释放小球的位置.

(3)[3].由匀变速直线运动规律

\x-aT2

周期和频率关系

f

其中

若机械能守恒，则

a=g

即满足

g=df

12、黑1AlRiRA1200

【解析】

(1)口1从多用电表的表头共用特征来看，黑表笔和欧姆档内部电源的正极相连，确定A表笔为黑表笔；

⑵测电阻时，需要内接电源，要将转换开关接到1位置；

(2)[3]由于改装后的欧姆表的内阻为300。(即中值电阻)，且电源电动势为3.0V,所以最大电流为：

3

/=—mA=10mA

30

所以电流表选Ai；

[4]改装成欧姆表时，接入一个调零电阻，由题意知欧姆表的内阻为300Q,当接入滑动器要满偏，则：

P

R=__&=200。

何/A

♦

故滑动变阻器选Ri；

⑸当改装为量程为0〜4V的电压表时，应串联一个阻值为：

U-IR

R=-------^=500Q

4

故定值电阻选心;

(3)［旬若电阻值指在处'即此时电流为:

/=-7„=20mA

58

所以待测电阻：

E

%=厂凡=12000。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

12+54+160)。

13、(1)E=—,(0+l)a；(2)

8%

【解析】

(1)由题意可知，粒子从尸点抛出后，先在电场中做类平抛运动则

a=W

1一1，,2

—CL=—CL

221

根据牛顿第二定律有

a=%

m

求得

7

qa

设粒子经过坐标原点时，沿y方向的速度为吟

11

-a=-vt,

22小

求得

Vy=VO

因此粒子经过坐标原点的速度大小为u=a%,方向与X轴正向的夹角为45。

由几何关系可知，粒子进入磁场的位置为并垂直于MN,设粒子做圆周运动的半径为r,则

V2

qvB=