2021-2022学年广西梧州柳州高考物理必刷试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"o

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在地球上不同的地方，重力加速度大小是不同的。若把地球看成一个质量分布均匀的球体，已知地球半径为R,地

球自转的周期为T,则地球两极处的重力加速度与赤道处的重力加速度之差为

3万R2TTR16,R4%浓

A.-7-B.—7-C.——D.——

T2T2T2T2

2、如图所示，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落在斜面中点；第二次小球落在斜面底端；第三次落在

水平面上，落点与斜面底端的距离为斜面底边长为2/,则（忽略空气阻力）（）

A.小球运动时间之比4：匕=1：、后：百

B.小球运动时间之比44"3=1:2:3

C.小球抛出时初速度大小之比%:%2：%3=1：3：6

D.小球抛出时初速度大小之比为：心：%=8：2:3

3、有三个完全相同的重球，在每个球和水平面间各压了一块相同的木板，并都与一根硬棒相连，棒的另一端分别与一

较链相连，三个较链的位置如图甲、乙、丙所示。现分别用力尸甲、F乙、尸丙将木板水平向右匀速抽出，（水平面光滑,

重球和木板是粗糙的）。则下列关于尸单、尸乙、尸丙大小关系判断正确的是

甲乙丙

A.尸甲=尸乙=尸丙B.尸甲〈尸乙二尸丙C.尸甲二尸乙v尸丙D.尸甲V尸乙v尸丙

4、如图，一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根质量为胆、竖直悬挂的条形磁铁，细绳对磁铁的拉力为凡

若线圈下落过程中，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴始终保持重合，则下列图中能正确描述拉力厂随时间t变化的

图像是（）

N

F

B.mg_zk_A.

O

5、如图所示，空间存在垂直于斜面向下的匀强电场（图中未画出），两个带电物块A和B位于图中位置，A固定于水平

地面上，B置于光滑斜面上，B的重力为G。则下列情况能让B在斜面上保持静止且让B对斜面的压力小于Geos，的

A.A和B都带正电荷

B.A和B都带负电荷

C.A带正电荷，B带负电荷

D.A带负电荷，B带正电荷

6、质量为，”的长木板放在光滑的水平面上，质量为！加的物块放在长木板上，整个系统处于静止状态.若对物块施加

2

水平拉力（如图甲），使物块能从长木板上滑离，需要的拉力至少为入；若对长木板施加水平拉力（如图乙），也使物

块能从长木板上滑离，需要的拉力至少为则《为

F2

u

77^rrn77J777n77777U7TTT7TTn77^T^77771^

甲乙

123

A.—B.2C.-D.一

232

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示为一列沿x轴正向传播的简谐横波在仁0时刻的波形图，经过0.2s,M点第一次到达波谷，则下列判断正

确的是

Iylc.m

QM

-21............2

A.质点P的振动频率/=2.5Hz

B.该波的传播速度v=lm/s

C.M点的起振方向沿j，轴负方向

D.0~ls内质点Q运动的路程为0.2m

E.0-1S内质点M运动的路程为0.08m

8、如图所示，。、从c分别为固定竖直光滑圆弧轨道的右端点、最低点和左端点，0a为水平半径，c点和圆心。的

连线与竖直方向的夹角&=53°。现从“点正上方的尸点由静止释放一质量根=1kg的小球（可视为质点），小球经圆

2

弧轨道飞出后以水平速度I，=3m/s通过。点。已知圆弧轨道的半径R=1m,取重力加速度g=10m/s,sin53°=0.8，

cos530=0.6»不计空气阻力。下列分析正确的是（）

♦/»

A.小球从P点运动到Q点的过程中重力所做的功为4.5J

B.尸、“两点的高度差为0.8m

C.小球运动到b点时对轨道的压力大小为43N

D.小球运动到c点时的速度大小为4m/s

9、如图所示，在光滑绝缘水平面上，A、8和C为等边三角形A8C的顶点，A、8固定正点电荷+Q,C固定负点电荷

-Q,。、E是4、8连线上的两点，S.AD=DE=EB.贝!!（）

4、+。

V\

BZ........

+Q

A.。点和E点的电场强度大小相等

B.。点和E点的电场强度方向相同

C.。点和E点的电势相等

D.将负电荷从。点移到E点，电势能增加

10、如图所示，光滑水平面放置一个静止的质量为2,"的带有半圆形轨道的滑块”，半圆形轨道的半径为上一个质量

为机的小球6从半圆轨道的左侧最高点处由静止释放，〃到达半圆轨道最低点P时速度大小为=2，斤，然后进入

右侧最高可到点Q,。。连线与。尸间的夹角a=53°,不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.滑块。向左滑行的最大距离为0.6R

B.小球6从释放到滑到。点的过程中，克服摩擦力做的功为0.4,〃gR

C.小球b第一次到达尸点时对轨道的压力为1.8叫

D.小球》第一次返回到尸点时的速度大于2星短

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学用如图甲所示的实验装置验证动量守恒定律，气垫导轨上安装了两个光电门，气垫导轨左端装一个

弹射装置，滑块可被弹射装置向右弹出，质量为，川的滑块甲和质量为，"2的滑块乙上装有宽度相同的挡光片。开始时,

滑块甲靠在已被锁定的弹射装置处，滑块乙静置于两个光电门之间，滑块甲弹出后通过光电门1再与滑块乙发生碰撞,

碰撞后要使两个滑块能够通过光电门2。

挡光片潟依小挡大片

弹射装为、潸块件光电门04块价

光电“2

2（单位cm）

乙

（1）如图乙所示是用游标卡尺测量遮光条宽度的情况,由此可知遮光条宽度d=cm。

（2）下列选项中不属于本实验要求的是（请填写选项前对应字母）

A.气垫导轨应调节水平

B.滑块甲的质量一定要等于滑块乙的质量

C.滑块甲的质量应大于滑块乙的质量

（3）某次实验时，该同学记录下滑块甲通过光电门1的时间为滑块乙通过光电门2的时间为42,滑块甲通过光电门

2的时间为如果等式（用对应物理量的符号表示）成立，则可说明碰撞过程中系统动量守恒。

12.（12分）“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示.

（1）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示.计时器打点的时间间隔为0.02s.从比较清

晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离.该小车的加速度2=m/sL（结果保留两

位有效数字）

小车"点计好海

（2）平衡摩擦力后，将5个相同的祛码都放在小车上.挂上祛码盘，然后每次从小车上取一个硅码添加到祛码盘中,

测量小车的加速度.小车的加速度a与祛码盘中祛码总重力F的实验数据如下表:

祛码盘中祛码总重力F（N）0.1960.3920.5880.7840.980

加速度a(m*s-2)0.691.181.662.182.70

请根据实验数据作出a-F的关系图像

（3）根据提供的试验数据作出的尸图线不通过原点，请说明主要原因____.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示,足够长的金属导轨MNC和PQD平行且间距为L左右两侧导轨平面与水平面夹角分别为a=37。、

/?=53。，导轨左侧空间磁场平行导轨向下，右侧空间磁场垂直导轨平面向下，磁感应强度大小均为8。均匀金属棒功

和打质量均为，〃，长度均为L,电阻均为R,运动过程中，两金属棒与导轨保持良好接触，始终垂直于导轨，金属棒

心与导轨间的动摩擦因数为〃=0.5,金属棒”•光滑。同时由静止释放两金属棒，并对金属棒炉施加外力尸，使4'棒保

持a=0.2g的加速度沿斜面向下匀加速运动。导轨电阻不计，重力加速度大小为g,sin37*0.6,cos37o=0.8。求：

(1)金属棒劭运动过程中最大加速度的大小；

(2)金属棒油达到最大速度所用的时间；

(3)金属棒功运动过程中，外力尸对棒的冲量。

14.(16分)如图所示，两列简谐横波a、b在同一介质中分别沿x轴正、负方向传播，波速均为v=2.5m/s。已知在Z=0

时刻两列波的波峰正好在x=2.5m处重合。

①求U()时，介质中处于波峰且为振动加强点的所有质点的x坐标；

②从/=0时刻开始，至少要经过多长时间才会使x=1.0m处的质点到达波峰且为振动加强点？

15.(12分)如图所示，直角坐标系Oxy位于竖直平面内，x轴与绝缘的水平面重合，在y轴右方有垂直纸面向里

的匀强磁场和竖直向上的匀强电场.质量为m2=8xl(尸kg的不带电小物块静止在原点O,A点距O点L=0.045m,

质量mi=lxl0-3kg的带电小物块以初速度vo=O.5m/s从A点水平向右运动，在O点与m2发生正碰并把部分电量转移

到mz上，碰撞后m2的速度为0.1m/s,此后不再考虑mi、m2间的库仑力.已知电场强度E=40N/C,小物块mi与

水平面的动摩擦因数为ji=O.L取g=10m/s2,求:

(1)碰后mi的速度;

(2)若碰后m2做匀速圆周运动且恰好通过P点，OP与x轴的夹角0=30°,OP长为Lop=0.4m,求磁感应强度B的

大小；

(3)其它条件不变，若改变磁场磁感应强度的大小为W使m2能与mi再次相碰，求尔的大小？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

.mM,2万、2c2%,4/R

在两极：G-^r=mgi；在赤道上：G—r-mg^m（—yR,则Ag=g1—g?=（于）-R=〒一

竿,与结论不相符，选项A错误;

邛，与结论不相符，选项B错误;

B.

T2

16万4R

,与结论不相符，选项C错误

T2

4/R

D.与结论相符，选项D正确;

2、D

【解析】

AB.根据

,12

h'gt

得

小球三次下落的高度之比为1:2:2,则小球三次运动的时间之比为反，AB错误;

CD.小球三次水平位移之比为1:2:3,时间之比为1：&：0,根据

X

%=7

知初速度之比为

%1：%2：%3=0:2:3

C错误，D正确。

故选D。

3、D

【解析】

设球的重力为G,杆对球的拉力方向与竖直方向的夹角为。，球与木板的动摩擦因数为〃，球处于静止状态，受力平

衡，

对球受力分析，受到重力G、杆子的拉力7、木板对球的支持力N以及木板对球水平向右的滑动摩擦力/,根据平衡

条件得：

N=G+Tsin6»,f=Tcos0,

而/=〃N,解得：

吁4G

1-tan。

木板处于静止状态，再对木板受力分析，根据平衡条件可知，水平方向有：

根据图象可知，从甲到乙再到丙，。增大，则/增大，所以尸增大，故

与＜心＜。,

A.综上分析品＜七＜/，A错误；

B.综上分析品〈七〈品，B错误；

C.综上分析C错误；

D.综上分析小（七＜。，D正确。

故选D。

4、B

【解析】

铜环闭合，铜环在下落过程中，穿过铜环的磁通量不断变化，铜环中产生感应电流；由楞次定律可知，当铜环在磁铁

上方时，感应电流阻碍铜环靠近磁铁，给铜环一个向上的安培力，则铜环对磁铁的力向下，细绳对磁铁拉力大于重力;

当铜环位于磁铁下方时，铜环要远离磁铁，感应电流阻碍铜环的远离，对铜环施加一个向上的安培力，则铜环对磁铁

的力向下，细绳对磁铁拉力大于重力；当铜环处于磁铁中央时，磁通量最大，没有感应电流，铀环对磁铁没有力的作

用，细绳对磁铁拉力等于重力。

A.靠近和远离时拉力都小于重力，与上述结论不符，故A错误；

B.靠近和远离时拉力都大于重力，与上述结论相符，故B正确：

C.靠近时拉力大于重力，远离时拉力小于重力，与上述结论不符，故C错误；

D.靠近时拉力小于重力，远离时拉力大于重力，与上述结论不符，故D错误。

5、B

【解析】

CD.B能保持静止，说明B受到的合力为零，两物块A、B带异种电荷，B受到的合力不为零，CD错误；

A.如果B带正电，则让B对斜面的压力大于Geos",A错误；

B.如果B带正电，则让B对斜面的压力小于GeosaB正确。

故选Bo

6、A

【解析】

设物块与长木板间的动摩擦因数为〃，要使物块滑离，则

L3

6=]侬4

1

-fjmg=ma]

「3

6=5叫

11

52g=5〃刈2

求得

二」

鸟2-

A.与结论相符，选项A正确；

2

B.2,与结论不相符，选项B错误；

C.|,与结论不相符，选项C错误；

D.I3，与结论不相符，选项D错误;

2

故选A.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACD

【解析】

BC.f=0时刻波传播到Q点，Q点起振方向沿y轴负方向，在波传播过程中各点的起振方向都相同，则M点的起振

方向也沿y轴负方向；经过，=0.2s,M点第一次到达波谷，可知波的传播速度

Ax0.02,〜，

v-——=-----m/s=0.1m/s

\t0.2

故B错误，C正确；

A.由图象可知，波长Q0.04m,则波的周期，亦即P质点振动的周期

.A0.04八，

T=——-----s=0.4s

v0.1

频率为周期的倒数，即2.5Hz,故A正确

D.0〜1s内质点Q振动了2.5个周期，运动的路程

1

s=-----x8cm=20cm

0.4

故D正确；

E.波传播到M点的时间

0.01

力=s=O.ls

0.1

则0〜Is内质点M振动了2.25个周期，运动的路程

t—t1—01

=j-4A=-5--^-x8cm=18cm=0.18m

T0.4

故E错误。

故选ACD»

8、AC

【解析】

ABD.小球从c到。的逆过程做平抛运动，小球运动到c点时的速度大小

v3,_,

v--------=——m/s=5m/s

ccosa0.6

小球运动到c点时竖直分速度大小

4

v0.v'=v•tana=3x2—m/s=4m/s

则Q、c两点的高度差

42

hm=0.8m

2g2x10

设尸、a两点的高度差为”，从尸到c,由机械能守恒得

2

mg(H+Reosa)=g/nv(

解得

H=0.65m

小球从尸点运动到。点的过程中重力所做的功为

W=mg\（H+Rcosa）-/z]=lxl0x[（0.65+lx0.6）-0.8]j=4.5J

故A正确，BD错误;

C.从P到儿由机械能守恒定律得

mg（H+R）=；m丫；

小球在分点时，有

N-mg=m-

联立解得

W=43N

根据牛顿第三定律知，小球运动到b点时对轨道的压力大小为43N,故C正确。

故选AC。

9、AC

【解析】

AB.E两点电场，是4、8两正点电荷的电场与C点的负点电荷的电场的叠加。4、5两正点电荷在。点和E点

的合场强大小相等，方向相反，C点的负点电荷在。点和E点的场强大小相等，方向不同，所以，。点和E点的合场

强大小相等，方向不同，A正确，B错误；

C.。点和E点在-Q的等势面上，同时关于两正点电荷对称，所以。点和E点的电势相等，C正确;

D.根据电势能的计算公式

Ep=q（p

可知负电荷在。点和E点的电势能相同，D错误。

故选AC。

10、AD

【解析】

A.滑块a和小球b相互作用的过程，系统水平方向合外力为零，系统水平方向动量守恒，小球b到达。点时，根据

动量守恒定律得滑块«和小球b的速度均为零，有

2msa=msh

品+Sb=R+Rsin53

解得

Sa=0.6K

故A正确；

B.根据功能关系得小球〃从释放到滑到。点的过程中，克服摩擦力做的功为

W=mgRcos53°=0.6mgR

故B错误；

C.当方第一次到达半圆轨道最低点产时，根据动量守恒定律有

2mva=mvt）

解得

由牛顿运动定律得

V2（V+V.）2

N—mg=m一=m-------

RR

解得

N二日mg

对轨道的压力

N'=N=；14mg

故C错误；

D.小球从P点到。点，根据功能关系可得克服摩擦力做的功为

W=-x2mv^+—mv?-mgR(1一cos53°)=02mgR

2a2

由功能关系结合圆周运动的知识，得小球b第一次返回到P点的过程中克服摩擦力做的功

W<^.2mgR

故小球b第一次返回到P点时系统的总动能

E,>mgR(\-cos53°)-W'=Q.lmgR

0=2mv'a+mv'b

1,1

Ek=^2mv'；+-mv'h

解得

故D正确。

故选AD»

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

m.m,zn>

11、0.360B—^=—^+―

MM

【解析】

(1)口］游标卡尺的主尺示数为3mm,游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标示数为

12x0.05mm=0.60mm

最终示数为

3.60mm=0.360cm

(2)［2］若滑块甲的质量等于滑块乙的质量，不能保证两滑块碰撞后均能向右运动，故B项不属于实验的要求。

(3)⑶滑块通过光电门的速度

d

u=一

△t

根据动量守恒定律有

〃4匕=町匕+肛吗

代入可得关系式

ddd

n\——=吗----1-m,——

即为

加।叫m2

AZ,AZ3A/2

Aa，nvs”

12、0.16（0.15也算对）未计入祛码盘的重力

【解析】

(1)处理匀变速直线运动中所打出的纸带，求解加速度用公式醍=",关键弄清公式中各个量的物理意义，心为

连续相等时间内的位移差，f为连需相等的时间间隔，如果每5个点取一个点，则连续两点的时间间隔为，=0.1s,Ax-

(3.68-3.51带入可得加速度4=0.16m/s，也可以使用最后一段和第二段的位移差求解,得加速度a=0.15m/s1

(1)根据图中的数据，合理的设计横纵坐标的刻度值，使图线倾斜程度太小也不能太大，以与水平方向夹角45。左右

为宜.由此确定尸的范围从0设置到1N较合适，而〃则从0到3m/s1较合适.设好刻度，根据数据确定个点的位置,

将个点用一条直线连起来，延长交与坐标轴某一点.如图所示.

(3)处理图象问题要注意图线的斜率、交点、拐点、面积等意义，能正确理解这些量的意义则很多问题将会迎刃而解.与

纵坐标相交而不过原点，该交点说明当不挂磋码时，小车仍由加速度，即绳对小车仍有拉力，从此拉力的来源考虑很

容易得到答案，是因为祛码盘的重力，而在(1)问的图表中只给出了祛码的总重力，而没有考虑祛码盘的重力.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)am=0.2g;(2)。=坐；(3)/=—阴婪，负号代表冲量沿斜面向上。

BI}F5B21}

【解析】

(1)金属棒外释放瞬间加速度最大，根据牛顿第二定律有

mgsina-/^mgcosa-mam

得

a”,=0.2g

(2)金属棒心释放之后，合外力为零时速度最大，则有

mgsina-cosa+BIL)

其中

2R

E=BLvef

vef=0.2gf

得

4mR

t,=,,

B21}

(3)金属棒仍释放之后，根据牛顿第二定律，可得任意时刻的加速度

mgsina-cosa+BIL)=maah

得：,其图象如图所示

ah520mR

X)曾R

。一/图像面积代表速度增量，由运动的对称性可知，从金属棒就释放起，经过时间弓=24=速度减为零，此

后保持静止，在此过程中，金属4•一直匀加速直线运动，则有

%=0.2gt2

对金属棒切规定沿斜面向下为正方向，由动量定理可得

IF-BILt+mgsinJ3t2=mvef-0

其中

BLx“

q=It=—支

2R

8m2gR

得：I,负号代表冲量沿斜面向上

F5B2!}

说明：其它方法求解也可以，如写出外力户的表达式，用其平均值计算冲量大小

F+mgsin(3-BIL=ma2

得

F--0.6mg+BLg,(

107?

则可知释放瞬间，罪=-Q.6mg

时刻，鸟=0.2mg

尸-，图象所围成的面积代表其冲量，则有

j—兄+尸2t

・22

得：0=-亚萼，负号代表冲量沿斜面向上

14、①x=(2.5