2021-2022学年广东省江门市沙坪中学高三物理月考试卷含解析

2021-2022学年广东省江门市沙坪中学高三物理月考试

卷含解析

一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分.每小题只有一个选项符合

题意

1.3.如图所示为一个做匀变速曲线运动质点的轨迹示意图，已知在B点的速度与

加速度相互垂直，则下列说法中正确的是

A.A点的加速度比D点的加速度大

B.A点的加速度与速度的夹角小于90°

C.D点的速率比C点的速率大

D.从B到D加速度与速度的夹角先增大后减小

参考答案：

C

由已知条件可知质点的加速度方向指向轨迹的凹侧、向下，且恒定不变，故选项A

错误；A点的速度方向沿过A点的切线方向斜向上，与加速度的夹角一定大于

90°,选项B错误；由B至E质点的速度方向与加速度方向夹角为锐角，且一直

减小，故质点做加速运动，选项C正确D错误。

2.汽车以额定功率在水平地面上行驶，空载时的最大速度为vl,装满货物后的最

大速度为

v2.已知汽车空车的质量是m0,汽车所受的阻力与车重成正比，则汽车后来所装

货物的

质量为

上”/立丝叫上七叫工人

A.均B.v2C.viD.均

参考答案:

A

3.（单选）某物体的位移图象如图所示，则下列叙述正确的是（）

A.物体运动的轨迹是抛物线

B.物体运动的时间为8s

C.物体运动的总位移为80m

D.在t,=4s时刻，物体的瞬时速度最大

参考答案:

考匀变速直线运动的图像.

点:

专运动学中的图像专题.

题：

分物体的位移图象表示位移随时间变化的规律，不是物体的运动轨迹.由图直接物体

析：运动的时间.物体的位移大小等于纵坐标之差.根据图线的斜率等于速度，由数学

知识求解速度.

解解：A、如图是物体的位移图象，反映物体的位移随时间变化的规律，不是物体的运

答：动轨迹.故A错误.

B、由图读出物体运动的时间为8s.故B正确.

C、在前4s内，物体的位移由0增大到80m,在后4s内物体的位移从80m

减小到0,所以物体运动的总位移为0.故C错误.

I）、在t=4s时刻，图线的斜率等于0,说明物体的瞬时速度为零.故D错

误.

故选：B

4.以往，已知材料的折射率都为正值（〃>（））.现已有针对某些电磁波设计制作的人工材

料，其折射率可以为负值（〃<0）,称为负折射率材料.位于空气中的这类材料，入射角i

与折射角r依然满足sin〃sinr=〃，但是折射线与入射线位于法线的同一侧（此时折射率取

负值）.若该材料对于电磁波的折射率〃=-1,正确反映电磁波穿过该材料的传播途径的示

意图是

参考答案:

B

5.（多选）如图所示，两个完全相同的小车质量均为M,放在

光滑的水平面上，小车横梁上用细线各悬挂一质量均为m的小球，若对甲中的小车施加水

平向左的恒力Fi,对乙中小球m施加水平向右的恒力F2,稳定后整个装置分别以大小为

ai、a2的加速度做匀加速直线运动，两条细线与竖直方向的夹角均为。，则下列判断正确

的是（）

甫0

甲Z.

A.两细线的拉力大小相等

B.地面对两个小车的支持力大小不相等

C.11

尸2=

D.

—in+M

a2=T

参考答案:

考牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.

点：

弋牛顿运动定律综合专题.

题：

分运用整体法和隔离法，对小球和整体进行分析，求出绳子的拉力、加速度，比较出

析：拉力的大小和加速度大小.再对整体分析，根据牛顿第二定律比较出水平恒力的大

小，以及在竖直方向上合力等于零，比较出支持力的大小.

解解：先对右图中情况下的整体受力分析，受重力、支持力和拉力

答：

根据牛顿第二定律，有

F2=(M+m)az①

再对右图中情况下的小球受力分析，如图

rL

M'O"”

zz/zz/z/z/^z

根据牛顿第二定律，有

F2-T2sin0=ma2②

T2cos6-mg=0③

由以上三式可解得

mgmgtanB

T2=COS9,a2=M

再对左图中小球受力分析，如图

由几何关系得

F合二mgtanai

mg

Ti=cos0

mgtanS

则ai=m=gtan0

拉力Ti=T2.

对整体分析，%=(M+m)a,则F2吗a2=

在竖直方向上有：N=(M+m)g,所以NI=N2.故AC正确，BD错误.

故选：AC.

i-本题关键要多次对小球和整体受力分析，求出合力，得出加速度和绳子拉力进行比

评：较.

二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分

6.某同学用如图所示的装置验证动能定理.为提高实验精度，该同学多次改变小滑

块下落高度胃的值.测出对应的平撼水平位移x,并算出x2如下表，进而画出x2

一H图线如图所示：

粒块下落¥依水平位移举龙水平位移

庇度〃x/cm平方x2zcmJ

IA5.530.25

2A9.1818)

3h11.7136.89

4h14.2201.1

5A15.9252.81

6h!7.6S09.76

Ih19.0361.00

8A20.6424.36

9h21.7470.89

①原理分析：若滑块在下滑过程中所受阻力很小.则只要测量量满足，便

可验证动能定理.

②实验结果分析：实验中获得的图线未过坐标原点，而交在了大约（0.2h,0）处，

原因是o

参考答案：

①x2与H成正比②滑块需要克服阻力做功

7.（填空）一艘宇宙飞船飞近某一新发现的行星，并进入靠近该行星表面的圆形轨道绕

行数圈后，着陆在该行星上，飞船上备有以下实验器材

A.精确秒表一只B.已知质量为m的物体一个C.弹簧秤一个

D.天平一台（附祛码）

己知宇航员在绕行时及着陆后各做了一次测量，依据测量数据，可求出该星球的半径R及

星球的质量M。（已知引力常量为G）

（1）两次测量所选用的器材分别为_______,。（用序号表示）

（2）两次测量的物理量分别是,。（物理量后面注明字母，字母不能

重复。）

（3）用该数据写出半径R,质量M的表达式。R=_,M=________o

参考答案：

KT2FT

（1）A；BC（2）周期T；物体重力F（3）4J3W；16JJ4mG

8.如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”

的实验装置。

位移传感器（发射器）位移传感器（接收器）

「_宿「一

Stig

岳码

（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变，用钩码所受的重

力作为,用DIS测小车的加速度。

（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可

画出a-F关系图线（如图所示）。

①分析此图线的OA段可得出的实验结论是

②（单选题）此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是（）

A.小车与轨道之间存在摩擦B.导轨保持了水平状态

C.所挂钩码的总质量太大D.所用小车的质量太大

参考答案：

（1）小车的总质量，小车所受外力，

（2）①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比，②C,

9.如图所示电路中，电源电动势E=2V,内阻r=2Q,R1=4Q,R2=6C,R3=

3Qo若在C、D间连一个理想电流表，其读数是—A；若在C、D间连一个理想

电压表，其读数是—Vo

参考答案:

1/6,1

10.我国交流电的周期为,频率为,1min内电流方向改变了

一次。

参考答案：

0.02s50Hz6000次。

11.做匀变速直线运动的小车带动纸带通过打点计时器，打出的部分计数点如图所示.每相邻

两计数点间还有四个点未画出来,打点计时器使用的是50Hz的低压交流电.（结果均保留

两位小数）

①相邻两计数点间的时间间隔是s，打点计时器打“2"时，小车的速度v2=_m/s.

②小车的加速度大小为m/s2（要求用逐差法求加速度）

③请你依据本实验原理推断第7计数点和第8计数点之间的距离大约

是cm

2345677

[[[j]ata：cmT）

；211V7.1Q-4»-8.OO->>一8.86—•

参考答案：

①01、0.49；（2）0.88；（3）9.74

12.计算地球周围物体的重力势能更一般的方法是这样定义的：跟地球中心的距离

GMm

为r时，物体具有的万有引力势能为EP=一—]，M为地球的质量，m为物体的

质量，以离地球无穷远为引力势能零地位置。若物体发射速度达到一定的程度就能

逃脱地球的引力作用范围，这个速度叫地球的逃逸速度。已知地球的半径为R.则

物体从地面移到无限远的过程中，引力做功o

参考答案：

QMm

R

13.卢瑟福用a粒子轰击氮核时发现了质子.完成其核反应方程:

144

7N+?He—.

参考答案：

171

80+1H

三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分

14.质量为m=4kg的小物块静止于水平地面上的A点，现用F=10N的水平恒力拉动物块一

段时间后撤去，物块继续滑动一段位移停在B点，A、B两点相距x=45m,物块与地面间

的动摩擦因数U=0.2.g取lOm/sz.求：

(1)撤去力F后物块继续滑动的时间t；

(2)物块在力F作用过程发生的位移xi的大小.

参考答案：

(1)撤去力F后物块继续滑动的时间为3s；

(2)物块在力F作用过程发生的位移治的大小36m

解：设F作用时间为t”之后滑动时间为t,前段加速度大小为ai，后段加速度大小为a?

(1)由牛顿第二定律可得：F-ymg=mai

umg=ma2

且：a[ti=a2t

可得：ai=0.5m/s2,a2=2m/s2,ti=4t

2

2(ait/+a2t2)=x

解得：t=3s

(2)由(1)可知，力F作用时间ti=4t=12

--x0.5xl22

xi=2aiti2=2=36m

答：(1)撤去力F后物块继续滑动的时间为3s；

(2)物块在力F作用过程发生的位移X)的大小36m

15.将下图中的电磁铁连入你设计的电路中(在方框内完成)，要求：

A.电路能改变电磁铁磁性的强弱;

B.使小磁针静止时如图所示。

SN

参考答案:

（图略）要求画出电源和滑动变阻器，注意电源的正负极。

四、计算题：本题共3小题，共计47分

16.（16分）如图所示，质量M=8kg的长木板放在光滑水平面上，在长木板的

右端施加一水平恒力尸=8N,当长木板向右运动速率达到H=10m/s时，在其右端有

一质量/”=2kg的小物块（可视为质点）以水平向左的速率也=2m/s滑上木板，物块

与长木板间的动摩擦因数〃=0.2,小物块始终没离开长木板，g取lOm/s2,求：

vm

।«r~|f

（1）经过多长时间小物块与长木板相对静止；

（2）长木板至少要多长才能保证小物块不滑离长木板;

（3）上述过程中长木板对小物块摩擦力做的功。

参考答案：

解析：（1）小物块的加速度为：a2=〃g=2m/s2,水平向右（1分）

-g=05mzs2

长木板的加速度为：M，水平向右（1分）

令刚相对静止时他们的共同速度为v,以木板运动的方向为正方向

对小物块有：V=—Vj+«2/（1分）

对木板有：v=v\-\-a\t（1分）

代入数据可解得：r=8s；v=14m/s（2分）

-v2+v

（2）此过程中小物块的位移为：沏=2'=48m（2分）

长木板的位移为：Xi=2=96m（2分）

所以长木板的长度至少为：L=xi-X2=48m（2分）

W=-mv2一工切尤=192

（3）长木板对小物块摩擦力做的功为22（J）（4分）

17.（10分）如图所示，两轮在同一高度，他们的半径均为R=0.2m,均以角速

度回=8rad/s绕过轮心的水平轴逆时针转动，两轮心间的距离S=1m,有块长为

3日〉2m弓，的均匀木板AB,水平无初速度地放在两轮上，且木板重心O恰好在右

轮轮心正上方。木板两轮边缘的动摩擦因数均为目。求

(1)木板刚开始运动大的加速度大小是多少？

1x