2023年北京市石景山区高考物理一模试卷(附答案详解)

2023年北京市石景山区高考物理一模试卷一、单项选择题〔1442.0分〕做功和热传递都可以转变物体的内能。以下说法正确的选项是( )物体吸取热量，内能肯定增加物体对外做功，内能肯定削减物体放出热量，同时对外做功，内能肯定削减物体吸取热量，同时对外做功，内能肯定增加分子势能的大小是由分子间的相对位置打算的。分子势𝑝与分子间距𝑟的关系如下图0为分子间平衡位置。以下说法正确的选项是( )当𝑟=𝑟0时，分子势能最小当𝑟=𝑟1时，分子势能最小当𝑟=𝑟0时，分子力最大当𝑟𝑟1时，分子力为0图1是𝛼、𝛽、𝛾三种射线穿透力量的示意图。图2是某轧钢厂的热轧机上安装的射线测厚仪装置示意图让射线穿过钢板探测器探测到的射线强度与钢板的厚度有关，将射线强度的信号输入计算机可对钢板的厚度进展自动掌握射线测厚仪所利用的射线最适合的是( )𝛼射线C.𝛾射线

B.𝛽射线D.三种射线都可以钠原子从𝑏𝑐𝑑几个能级向𝑎能级跃迁时辐射的光的波长分别为：589𝑛𝑚(𝑏→𝑎)，330𝑛𝑚(𝑐→𝑎)，285𝑛𝑚(𝑑→𝑎)。设最高能级为0，以下关于钠原子在这几个能量范围的能级图，可能正确的选项是( )121页B.C. D.如下图，一束平行光经玻璃三棱镜折射后分解为相互分别的𝑎、𝑏两束单色光。比较𝑎、𝑏两束光，可知( )玻璃对光束𝑎的折射率较大光束𝑎在玻璃中的传播速度较小从玻璃射向空气，光束𝑎发生全反射的临界角较小光束𝑎的频率较小2023年2月10日，我国首次火星探测任务“天问一号”探测器实施近火捕获制动，做匀速圆周运动的轨道半径为𝑟，引力常量为𝐺，火星的质量为𝑀，则“天问一号”围绕火星运动的线速度大小为()A.𝐺𝑀 B.√𝐺𝑀

C.𝐺𝑀

D.√𝐺𝑀𝑟2

𝑟2 𝑟 𝑟中沿水平方向匀速直线运动时，喷气方向为( )竖直向上 B.竖直向下 C.斜向上 D.斜向下1966年曾在地球的上空完成了以牛顿其次定律为根底的测定质量的试验．试验时，用宇宙飞船(质量为𝑚)去接触正在轨道上运行的火箭(质量为𝑚𝑥，发动机已熄火)部的推动器，使飞船和火箭共同加速，推动器的平均推力为𝐹，开动时间𝛥𝑡，测出飞船和火箭的速度变化是𝛥𝑣，以下说法正确的选项是( )火箭质量𝑚𝑥应为宇宙飞船的质量𝑚应为推力𝐹越大，

就越大，且

与𝐹成正比推力𝐹通过飞船传递给火箭，所以飞船对火箭的弹力大小应为𝐹221页一列沿𝑥轴传播的简谐横波，在𝑡=0时的波形如图甲所示，𝑃、𝑄是波上的两个质点，此时质点𝑃沿𝑦轴负方向运动。图乙是波上某一质点的振动图像。以下说法中正确的选项是()该波沿𝑥轴负方向传播图2乙可能为𝑄点的振动图像C.𝑡=0.10𝑠时，质点𝑃沿𝑦轴正方向运动D.该波的波速为80𝑚/𝑠𝑄均匀分布在半径为𝑟𝑥轴上各点的电场强度大小和电势分别用𝐸和𝜙处电势为零，以下关于𝑥轴上各点电场强度的大小𝐸或电势𝜙随位置𝑥的变化关系图，正确的选项是()B.C. D.安培曾做过如下图的试验：把绝缘导线绕制成线圈，在线圈内部悬挂一个用薄铜片做成的圆环，圆环所在平面与线圈轴线垂直，取一条形磁铁置于铜环的右侧，条形磁铁的右端为𝑁极。闭合开关，电路稳定后，觉察铜环静止不动，安培由此错失觉察电磁感应现象的时机。实际上，在电路闭合的瞬间( )从右侧看，铜环中有逆时针的感应电流从右侧看，铜环中有顺时针的感应电流铜环仍保持不动铜环会远离磁铁321页如下图，“⊗”表示直导线中电流方向垂直纸面对里，“⊙”表示电流方向垂直纸面对外，三根长直导线𝑎、𝑏、𝑐平行且水平放置，图中𝑎𝑏𝑐正好构成一个等边三角形。当𝑐中没有电流，𝑎𝑏𝐼和𝐼𝑎𝐹𝑎、𝑏中的电流不变，当𝑐中通有电流时，觉察𝑎受到的磁场力大小仍为𝐹。由此可以推知( )𝑐中电流为𝐼𝑐中电流的方向垂直纸面对外𝑐中电流为2𝐼当𝑐中通有电流时，𝑏受到的磁场力大小也为𝐹角速度计可测量飞机、航天器、潜艇的转动角速度，其构造如下图．当系统绕轴𝑂𝑂′转动时，元件𝐴发生位移并输出相应的电压信号，成为飞机、卫星等的制导系统的信息源．𝐴的质量为𝑚，弹簧的劲度系数为𝑘、自然长度为𝑙，电源的电动势为𝐸、内阻不计．滑动变阻器总长也为𝑙，电阻分布均匀，系统静止时𝑃在𝐵点，当系统以角速度𝜔转动时，则( )电路中电流随角速度的增大而增大电路中电流随角速度的减小而减小弹簧的伸长量为𝑥=

𝑚𝜔𝐿𝑘𝑚𝜔 2输出电压𝑈与𝜔的函数式为𝑈=

𝐸𝑚𝜔2𝑘𝑚𝜔 2抽油烟机可将厨房内产生的废气排出到室外，以保持室内空气清爽。如下图为常用的一种抽油烟机的示意图。假设使抽油烟机在单位时间内排出的气体增加到原来的2抽油烟机所供给的功率𝑃至少要提高到原来的()2倍 B.4倍 C.6倍 D.8倍二、试验题〔218.0分〕421页某试验小组的同学用如图1所示的装置做“用单摆测量重力加速度”试验。试验时除用到秒表、刻度尺外，还应当用到以下器材中(选填选项前的字母)。长约1𝑚的细线长约1𝑚的橡皮绳直径约1𝑐𝑚的匀质铁球D.直径约10𝑐𝑚的匀质木球组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图2所示。这样做的目的是 。保证摇摆过程中摆长不变B.可使周期测量更加准确C.需要转变摆长时便于调整D.保证摆球在同一竖直平面内摇摆某同学做试验时，测量摆线长𝑙后，遗忘测量摆球直径，画出了𝑇2−𝑙图像，该图像对应以下图中的 图。压力𝐹时的电阻值𝑅𝐹。利用以下器材设计一个可以测量处于压力中的该压敏电阻阻值的电路，要求误差较小，供给的器材如下：A.压敏电阻𝑅𝐹，无压力时阻值𝑅0=600𝛺B.滑动变阻器𝑅1，最大阻值约为20𝛺521页C.滑动变阻器𝑅2，最大阻值约为200𝛺D.灵敏电流计𝐺，量程0～2.5𝑚𝐴，内阻为30𝛺E.电压表𝑉，量程0～3𝑉，内阻约为3𝑘𝛺F.直流电源𝐸，电动势为3𝑉，内阻很小G.开关𝑆，导线假设干滑动变阻器应选用 (选填“𝑅1”或“𝑅2”)，试验电路图应选用 (选填“图1”或“图2”)。试验中觉察灵敏电流计量程不够，假设要将其改装为量程30𝑚𝐴的电流表，需要 (选填“串联”或“并联”)一个电阻𝑅′，𝑅′= 𝛺。屡次转变压力𝐹，在室温下测出对应电阻值𝑅𝐹，可得到如图3所示压敏电阻的𝑅0/𝑅𝐹−𝐹图线，其中𝑅𝐹表示压力为𝐹时压敏电阻的阻值，𝑅0表示无压力时压敏电阻的阻值。由图线可知，压力越大，压敏电阻的阻值 (选填“越大”或“越小”)。假设利用图4值改为对应的物体质量。假设𝑚1>𝑚2，则𝑚1应标在电压值 (选填“较大”或“较小”)的刻度上。请分析表示物体质量的示数是否随刻度均匀变化，并说明理由。621页三、计算题〔440.0分〕导体棒在磁场中切割磁感线可以产生感应电动势。如图1所示，一长为𝑙的导体棒𝑎𝑏在磁感应强度为𝐵的匀强磁场中绕其一端𝑏以角速度𝜔在垂直于磁场的平面内匀速转动，求导体棒产生的感应电动势。如图2所示，匀强磁场的磁感应强度为𝐵𝑙、水平放置的金属棒以水平速度𝑣0阻力。求金属棒在运动过程中产生的感应电动势。如图3𝑆，匝数为𝑁，在磁感应强度为𝐵的匀强磁场中绕𝑂𝑂′轴以角速度𝜔匀速转动。从图示位置开头计时，求感应电动势随时间变化的规律。721页年冬奥会自由式滑雪和建立如图乙所示的模型。跳台滑雪运发动从滑道上的𝐴点由静止滑下，从跳台𝑂点沿水平方向飞出。𝑂点是斜坡的起点，𝐴点与𝑂点在竖直方向的距离为ℎ，斜坡的倾角为𝜃，运发动的质量为𝑚。重力加速度为𝑔。不计一切摩擦和空气阻力。求：(1)运发动经过跳台𝑂时的速度大小𝑣；从离开𝑂点到落在斜坡上，运发动在空中运动的时间𝑡；从离开𝑂点到落在斜坡上，运发动在空中运动的过程中动量的变化量。821页用频率为𝜈1的光照耀光电管，此时电流表中有电流。调整滑动变阻器，使微安表示数恰好变为0，登记此时电压表的示数𝑈1；用频率为𝜈2的光照耀光电管，重复上述操作，登记电压表的示数𝑈2。试验中滑动变阻器的滑片𝑃应当向𝑎端移动还是向𝑏端移动？电子的电荷量为大功率微波对人和其他生物有肯定的杀伤作用。试验说明，当人体单位面积接收的微波功率到达250𝑊/𝑚2时会引起神经混乱。有一微波武器，其放射功率𝑃为3×107𝑊。假设放射的微波可视为球面波，请估算引起神经混乱的有效攻击的最远距离。(估算中取𝜋≈3)示波管的构造如图甲所示，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，管内抽成真空，两对偏转电极𝑋𝑋΄、𝑌𝑌΄𝑥𝑂𝑦直角坐标系，坐标原点位于荧光屏的中心，𝑥轴与电极𝑋𝑋΄的金属板垂直，其正方向由𝑋΄指向𝑋，𝑦轴与电极𝑌𝑌΄的金属板垂直，其正方向由𝑌΄指向𝑌。屏上，产生一个亮斑。两对偏转电极极板都是边长为𝑙的正方形金属板，每对电极的两个极板间距都为𝑑，加速电极间电压为𝑈0，电子的电荷量为𝑒，质量为𝑚。无视电子刚离开金属丝时的速度，不计电子之间相互作用力及电子所受重力的影响。以下各情形中，电子均能打到荧光屏上。921页假设两个偏转电极都不加电压时，电子束将沿直线运动，且电子运动的轨迹平行每块偏转极板，最终打在𝑥𝑂𝑦坐标系的坐标原点。求电子到达坐标原点前瞬间速度的大小𝑣0。假设在偏转电极𝑌𝑌΄之间加恒定电压𝑈1，而偏转电极𝑋𝑋΄之间不加电压，电极𝑌𝑌΄的右端与荧光屏之间的距离为𝐿1。求电子打在荧光屏上的位置坐标。假设电极𝑋𝑋΄的右端与荧光屏之间的距离为𝐿2，偏转电极𝑋𝑋΄之间加如图丙所示的扫描电压。当偏转电压发生变化时，可利用下述模型分析：由于被加速后电子的速度较大，它们都能从偏转极板右端穿出极板，且时间极短，此过程中可认为偏转极板间的电压不变。(𝑖)在偏转电极𝑌𝑌΄之间不加电压时，请说明电子打在荧光屏上，形成亮斑的位置随时间变化的关系；(𝑖𝑖)在偏转电极𝑌𝑌΄之间加电压𝑈𝑦=𝑈𝑚sin𝜋𝑡时，请在图丁中定性画出在荧光屏上𝑡1看到的图形。21页答案和解析【答案】𝐶【解析】解：𝐴、物体吸取热量，假设物体对外界做更多的功，则内能减小，故A错误；B、物体对外做功，如同时从外界吸取更多的热量，则内能增加，故B错误；C、物体放出热量，𝑄<0，同时对外做功，𝑊<0，则△𝑈<0C正确；D𝑄>𝑊，则内能增加，假设𝑊>𝑄D错误；应选：𝐶。和，即：𝛥𝑈=𝑄+𝑊此题考察热力学第肯定律，知道做功和热传递都能转变内能，根底题。【答案】𝐴【解析】解：𝐴、依据分子势能𝐸𝑝与分子间距离𝑟的关系如下图，可知当𝑟=𝑟0时，分A正确；B、依据分子势能𝐸𝑝与分子间距离𝑟的关系如下图，可知当𝑟=𝑟1时，分子势能为零，B错误；C、当𝑟=𝑟0时，当分子势能最小，分子间的引力等于斥力，分子间作用力为零，故C错误；D、当𝑟=𝑟1时，𝑟1<𝑟0时，分子间表现为斥力，分子力不等于零，故D错误。应选：𝐴。从分子势能图象可知，当分子势能最小时，但是分子势能不为零，即𝑟=𝑟0时分子间的引力等于斥力，分子间作用力为零；当𝑟<𝑟0时，分子间表现为斥力。此题主要考察分子势能𝐸𝑝与分子间距离𝑟𝑟=𝑟0分子力等于零。【答案】𝐶21页𝛼𝛽𝛾三种射线特点可知，𝛾𝛼射𝛾射线；随着轧出的钢板越厚，透过的射线越弱，而轧出的钢板越薄，透过的射线越强，故ABD错误，C正确；应选：𝐶。依据𝛼、𝛽、𝛾三种射线的特点，及各自穿透力量凹凸，即可求解。此题考察𝛼𝛽𝛾【答案】𝐵【解析】解：依据光子能量𝐸=ℎ𝑣=ℎ𝑐可知：波长为285𝑛𝑚(𝑑→𝑎)的光子能量最大，𝜆则其对应的量子数为𝑑589𝑛𝑚(𝑏→𝑎)量子数为𝑏B正确，ACD错误。应选：𝐵。依据光子能量𝐸=ℎ𝑣=ℎ𝑐分析其光子能量大小，进而确定各能级的凹凸。𝜆此题考察光子能量与波长的关系，明确能级差与辐射的光子能量的关系。【答案】𝐷𝐵𝑏𝑏𝑛=𝑐𝑣可知，𝑏AB错误；C、依据𝑛C错误；

1𝑠𝑖𝑛𝐶

可知，从玻璃射向空气中，要发生全反射的临界角𝐶应当是𝑎光最大，D、依据𝑐=𝜆𝑓，可知𝑎D正确；应选：𝐷。频率大小、波长和在介质中的全反射临界角大小。此题考察了光的折射和全反射问题临界角、在介质中的速度关系，娴熟把握折射率计算公式。21页【答案】𝐷【解析】解：“天问一号”围绕火星做匀速圆周运动，依据万有引力供给向心力可得𝐺𝑀𝑚=𝑚𝑣2𝑟2 𝑟整理可得“天问一号”围绕火星运动的线速度大小𝑣=√𝐺𝑀𝑟ABC错误，D正确。应选：𝐷。依据万有引力供给向心力，结合题意求出“天问一号”围绕火星运动的线速度大小。常用的向心力的表达式。【答案】𝐵【解析】解：当“天宫一号”水平匀速运动时，它处于平衡状态，此时它受到竖直向下B正确，ACD错误。应选：𝐵。“天宫一号”水平匀速运动时，它处于平衡状态，依据平衡条件可推断它的喷气方向。力平衡。【答案】𝐶【解析】【分析】些和时间有关的动力学题目中应用动量定理求解．【解答】对整体由动量定理可得：𝐹𝛥𝑡=(𝑚+𝑚𝑥)𝛥𝑣；A、火箭的质量 整体的质量为 ，故A、B错误。21页C由公式可得， 可知推力𝐹越大， 就越大且 与𝐹成正比，C正确。D、隔离对𝑚𝑥分析，依据牛顿其次定律有：应选：𝐶。【答案】𝐶

D错误。【解析】解：𝐴、条件知道𝑃点沿𝑦轴负方向运动，依据同侧法可知波向𝑥轴正方向A错误；B、依据同测法可知，𝑄点在0时刻沿𝑦𝑄点的振动图像，故B错误；C0.2𝑠，所以0.1𝑠是经受了半个周期，𝑃点在平衡位置下方沿𝑦轴C正确；D、依据图像可以找到波长是8𝑚，周期是0.2𝑠，所以波速𝑣=𝜆=

8𝑚/𝑠=40𝑚/𝑠，故D错误。应选：𝐶。

𝑇 0.2质点𝑃的振动方向，利用同侧法可以推断波的传播方向，由波动图象读出波长，由𝑃质点的运动方向。过程，分析物理量的变化状况。【答案】𝐶【解析】解：𝐴、𝐵：金属球是一个等势体，等势体内部的场强处处为0，故A错误，B错误；C、𝐷：金属球是一个等势体，等势体内部的电势处处相等，故C正确，D错误。应选：𝐶。该题中正电荷𝑄均匀分布在半径为𝑟的金属球面上，金属球是一个等势体。从金属球到无穷远处的电势降低。21页用积分法求它的场强和电势。属于简洁题。【答案】𝐴【解析】解：𝐴𝐵、依据楞次定律，当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，则从右侧看，线圈的感应电流为逆时针方向，故A正确，B错误；𝐶𝐷、当线圈中有逆时针方向的电流时，依据左手定则可知感应电流产生的磁场的方向CD错误。应选：𝐴。依据𝑆接通瞬间，导致穿过线圈的磁通量发生变化，依据楞次定律，来判定感应电流方向，再依据左手定则，来确定安培力的方向，从而即可求解．区分，同时留意磁通量的概念．【答案】𝐶【解析】解：𝐴𝐵𝐶𝑐中没有电流时，由安培定则可知，𝑏中的电流在𝑐处产生的磁感应强度为𝐵1，方向竖直向下，𝑎受到的磁场力大小为𝐹1，由左手定则可知，方向水平向左，当𝑐中通有电流时，𝑎受到的磁场力的合力大小仍为𝐹，则知𝑎受到𝑐的磁𝑐在𝑎处产生的磁场方向𝐵2𝑐中电流的方向垂直纸面对里，如下图：由此可知𝑐在𝑎处产生的磁感强强度大小𝐵2与𝑏中的电流在𝑎处产生的磁感应强度为𝐵1，大小相等，所以𝑐中电流为2𝐼AB错误，C正确；D、当𝑐中通有电流时，𝑏受到的磁场力大小如下图，21页由力合成的计算公式则有𝐹𝑏=√𝐹2+(2𝐹)2+2𝐹×2𝐹𝑐𝑜𝑠60°=√7𝑁D错误；应选：𝐶。同时理解力合成时遵循平行四边形定则。定则分析出安培力的方向即可。【答案】𝐷解：𝐴、𝐵系统在水平面内以角速度𝜔𝐵𝐶的电阻不变，依据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流保持不变，与角速度无关．故AB错误．𝐶、𝐷设系统在水平面内以角速度𝜔转动时，弹簧伸长的长度为𝑥，则对元件𝐴，依据牛顿其次定律得𝑘𝑥=𝑚𝜔2(𝐿𝑥) 又输出电压𝑈=𝑅𝐵𝑃𝐸=𝑥𝐸联立两式得𝑈=D

𝑅𝐵𝐶 𝐿𝑚𝜔2𝐸.C错误，D正确．𝑘𝑚𝜔 2当系统在水平面内以角速度𝜔转动时，电路中电阻保持不变，依据闭合电路欧姆定律分析电路中电流的变化状况．系统匀速转动时，由弹簧的弹力供给元件𝐴的向心力，依据牛顿其次定律得到角速度𝜔与弹簧伸长的长度𝑥的关系式．依据串联电路电压与电阻成正比和电阻定律，得到电压𝑈与𝑥的关系式，再联立解得电压𝑈与𝜔的函数关系式．带．常规题．【答案】𝐷2【解析】解：依据空气流量𝑄=𝑆𝑣原来的222倍，空气密度不变，由𝑚=𝜌𝑉可知，空气质量变为原来的2倍，依据𝐸𝑘=1𝑚𝑣2，空气的动2能为原来的8倍，这个动能是由风扇供给的，所以风扇的功率要增大到原来的8倍。故21页应选：𝐷。为了使抽油烟机在单位时间内排出的气体增加到原来的2倍，则空气流淌的速度增加到原来的2倍，依据动能的变化分析抽油烟机所供给的功率𝑃的变化。此题的关键是理解单位时间内所抽走的气体增加到原来的2倍的意义，知道空气流量与流速的关系𝑄=𝑆𝑣，要留意动能既与速度有关，也与质量有关。15.【答案】𝐴𝐶 𝐴𝐶 𝐶解：(1)𝐴𝐵.1𝑚的A正确，B错误；𝐶𝐷.为减小空气阻力，摆球的密度要大，体积要小，所以需要直径约1𝑐𝑚的匀质铁球，C正确，D错误。应选：𝐴𝐶。𝐴𝐶.试验中防止摆线的长度转变；在需要转变摆长的长度时，便利调整摆长，故AC正确；周期测量是否更加准确主要取决于计时仪器，故B错误；D.摆球在同一竖直平面内摇摆，而不是做圆锥摆运动，与试验仪器无关，故D错误。应选：𝐴𝐶。某同学做试验时，测量摆线长𝑙后，遗忘测量摆球直径，由单摆的周期公可知𝑇=2𝜋√𝑙𝑔𝑇2−𝑙𝐶ABD错误，C正确。应选：𝐶。故答案为：(1)𝐴𝐶；(2)𝐴𝐶；(3)𝐶。在摆角很小的状况下，单摆的振动才是简谐运动；为减小空气阻力的影响，摆球的直径应远小于摆线的长度，选择密度较大的实心金属小球作为摆球．试验中防止摆线的长度转变，要摆线上端固定；在需要转变摆长的长度时，便利调节摆长。依据单摆的周期公式得出𝑇2−𝐿的关系式．21页根底学问即可解题；依据单摆周期公式求出图象的函数表达式是解题的关键。【答案】𝑅1 图1 并联2.7 越小较小【解析】解：(1)为便利试验操作，滑动变阻器应选用𝑅1；由于待测电阻阻值远大于滑动变阻器的最大阻值，为测多组试验数据，滑动变阻器应承受分压接法，因此试验电路图应选用图1。(2)把电流计改装为量程30𝑚𝐴的电流表，需要并联一个分流电阻𝑅′，并联电阻阻值𝑅′=𝐼𝑔𝑅𝑔= 2.5×103×30

𝛺≈2.7𝛺。𝐼𝐼𝑔 30×1032.5×103(3)由图3所示图象可知，随压力𝐹增大，𝑅0增大而

不变，则

变小，即压力越大，压敏电阻的阻值越小。

𝑅𝐹 0 𝐹(4)假设𝑚1>𝑚2，则压敏电阻受到的压力𝐹1>𝐹2，压敏电阻阻值𝑅1<𝑅2，电压表测压敏1<21应标在电压值较小的刻度上。由图3所示可知，𝑅𝐹与压力成反比，依据图4所示电路图可知，电压表示数𝑈=𝐼𝑅𝐹=𝐸𝑅𝐹𝑟𝑅𝑅

= 𝐸1𝑟𝑅𝑅𝐹

，𝑈与

不成正比，刻度不均匀。故答案为：(1)𝑅1；图1；(2)并联；2.7；(3)越小；(4)较小；由于电压表示数与压敏电阻阻值不成正比，物体质量的示数不随刻度均匀变化。为便利试验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器；依据题意确定滑动变阻器的接法，然后选择试验电路图。扩大电流表量程需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律求出并联电阻阻值。依据图示图象分析答题。依据题意与图示电路图分析答题。理解试验原理、分析清楚电路构造与图示图象是解题的前提；知道电流表的改装原理，应用并联电路特点与欧姆定律即可解题。【答案】解：(1)依据法拉第电磁感应定律，有𝐸=𝛥𝛷𝛥𝑡在𝛥𝑡时间内磁通量的变化量为𝛥𝛷=𝐵⋅1𝜔⋅𝛥𝑡𝑙22整理可得𝐸=1𝐵𝑙2𝜔221页(2)金属棒切割磁感线过程中，没有感应电流，故金属棒做平抛运动，运动过程中切割磁感线的速度为水平速度𝑣0，依据法拉第电磁感应定律可得𝐸=𝐵𝑙𝑣0(3)𝛷=𝐵𝑆𝑠𝑖𝑛𝜔𝑡，故线圈中感应电动势随时间变化的规律为𝑒=𝑁𝐵𝑆𝜔𝑐𝑜𝑠𝜔𝑡答：(1)导体棒产生的感应电动势为1𝐵𝑙2𝜔；2(2)金属棒在运动过程中产生的感应电动势为𝐵𝑙𝑣0；(3)感应电动势随时间变化的规律为𝑒=𝑁𝐵𝑆𝜔𝑐𝑜𝑠𝜔𝑡。【解析】(1)依据法拉第电磁感应定律，结合题意可得导体棒产生的感应电动势；依据平抛运动的特点，结合法拉第电磁感应定律求出金属棒在运动过程中产生的感应电动势；结合磁通量变化的规律，进而可知感应电动势随时间变化的规律。势，这是易错点。18.【答案】解：(1)从𝐴到𝑂依据动能定理可知𝑚𝑔ℎ=1𝑚𝑣2，解得𝑣=√2𝑔ℎ；2(2)离开𝑂点，运发动做平抛运动，依据平抛运动规律有：𝑥=𝑣𝑡，𝑦=1𝑔𝑡22依据几何关系有：tan𝜃=𝑦𝑥联立解得：𝑡2√2𝑔ℎ𝑡𝑎𝑛𝜃；𝑔(3)依据平抛运动规律可知平抛运动速度的变化𝛥𝑣=𝑔𝑡则动量的变化𝛥𝑃=𝑚𝛥𝑣=𝑚𝑔2√2𝑔ℎ𝑡𝑎𝑛𝜃𝑔

答：(1)运发动经过跳台𝑂时的速度大小为√2𝑔ℎ；从离开𝑂点到落在斜坡上，运发动在空中运动的时间为2√2𝑔ℎ𝑡𝑎𝑛𝜃；𝑔从离开𝑂2𝑚√2𝑔ℎ𝑡𝑎𝑛𝜃。【解析】(1)依据动能定理解得𝑂点速度；依据平抛运动规律解得时间；(3)依据动量的计算公式解得。21页规律，知道合力的冲量等于动量的变化量。【答案】解：(1)依据电路图，结合逸出电子受到电场阻力时，微安表示数才可能为零，因只有𝐾的电势高于𝐴点，即触头𝑃向𝑎端滑动，才能实现微安表示数恰好变为零；(2)依据光电效应方程得，𝐸𝑘1=ℎ𝜈1−𝑊0=𝑒𝑈1。𝐸𝑘2=ℎ𝜈2−𝑊0=𝑒𝑈2