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文档简介
2023年浙江省高考数学试卷(文科)
参考答案与试题解析
一、选择题(共10小题,每题5分,总分值50分)
1.(5分)(2023•浙江)集合A={x|x>0},B={x|-l<x<2},那么AUB=()
A.{x|x>-1}B.{x|x<2}C.{x|0<x<2)D.{x|-l<x<2)
【考点】并集及其运算.
【分析】根据并集的求法,做出数轴,求解即可.
【解答】解:根据题意,作图可得,
那么AUB={x|x>-1},应选A.
【点评】此题考查集合的运算,要结合数轴发现集合间的关系,进而求解.
2.(5分)(2023♦浙江)函数y=(sinx+cosx)2+1的最小正周期是()
AA.——兀BD.TiC.—3—兀DC.o2n
22
【考点】二倍角的正弦;同角三角函数根本关系的运用.
【分析】先将原函数进行化简,再求周期.
【解答】解:;y=(sinx+cosx)2+l=sin2x+2,
故其周期为T/^二兀.
应选B.
【点评】此题主要考查正弦函数周期的求解.
3.(5分)(2023•浙江)a,b都是实数,那么"a2>b2"是"a>b"的()
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.
【专题】常规题型.
【分析】首先由于"a2>b2"不能推出"a>b”;反之,由"a>b"也不能推出“a2>b2".故喈
>b2/,是"a>b"的既不充分也不必要条件.
【解答】解:•.・"a2>b2”既不能推出"a>b";
反之,由"a>b"也不能推出,2>b2".
"a2>b2,/是"a>b"的既不充分也不必要条件.
应选D.
【点评】本小题主要考查充要条件相关知识.
4.(5分)(2023•浙江){an}是等比数列,a2=2,a5=l,那么公比4=()
4
A.-1B.-2C.2D.1
22
【考点】等比数列.
【专题】等差数列与等比数列.
【分析】根据等比数列所给的两项,写出两者的关系,第五项等于第二项与公比的三次方的
乘积,代入数字,求出公比的三次方,开方即可得到结果.
【解答】解:・二⑶}是等比数列,a2=2,a5」,
4
设出等比数列的公比是q,
3
a5=a2*q',
1
3_a5_4_J.
28
应选:D.
【点评】此题考查等比数列的根本量之间的关系,假设等比数列的两项,那么等比数列的所
有量都可以求出,只要简单数字运算时不出错,问题可解.
5.(5分)(2023•浙江)a>0,b>0,且a+b=2,那么()
2222
A.abB.ab>lC.a+b>2D.a+b<3
【考点】根本不等式.
【分析】ab范围可直接由根本不等式得到,a?+b2可先将a+b平方再利用根本不等式联系.
【解答】解:由a20,b>0,且a+b=2,
ab《(«;一)J1,
而4=(a+b)2-a2+b2+2ab<2(a2+b2),
a2+b2>2.
应选C.
【点评】此题主要考查根本不等式知识的运用,属基此题.根本不等式是沟通和与积的联系
式,和与平方和联系时,可先将和平方.
6.15分)(2023•浙江)在(x-1)(x-2)(x-3)(x-4)(x-5)的展开式中,含的
项的系数是()
A.-15B.85C.-120D.274
【考点】二项式定理的应用.
【分析】此题主要考查二项式定理展开式具体项系数问题.此题可通过选括号(即5个括号
中4个提供x,其余1个提供常数)的思路来完成.
【解答】解:含X’的项是由(x-1)(x-2)(x-3)(x-4)(x-5)的5个括号中4个括
号出x仅1个括号出常数
•••展开式中含X’的项的系数是(-1)+(-2)+(-3)+(-4)+(-5)=-15.
应选A.
【点评】此题考查利用分步计数原理和分类加法原理求出特定项的系数.
7.15分)(2023•浙江)在同一平面直角坐标系中,函数尸cos仪40,2n])
的图象和直线V:」:的交点个数是()
丫2
A.0B.1C.2D.4
【考点】函数y=Asin(3x+6)的图象变换.
【分析】先根据诱导公式进行化简,再由x的范围求出2的范围,再由正弦函数的图象可得
2
到答案.
【解答】解:原函数可化为:y=cos(3+3;)(xG|0,2n])=sirr|tx€[0,2n].
当xe[O,2可时,.|G[0,n],其图象如图,
与直线y==的交点个数是2个.
应选C.
【点评】本小题主要考查三角函数图象的性质问题.
22
8.(5分)(2023•浙江)假设双曲线弓-'=1的两个焦点到一条准线的距离之比为3:2,
ab
那么双曲线的离心率是()_
A.3B.5C.A/3D.A/5
【考点】双曲线的定义.
【专题】计算题.
【分析】先取双曲线的一条准线,然后根据题意列方程,整理即可.
2
【解答】解:依题意,不妨取双曲线的右准线x-5-,
C
22,2
那么左焦点Fi到右准线的距离为二+c=2±,
CC
2」-「
右焦点F2到右准线的距离为C-一工,
----------2.2Q9
—TZRCC+a□oilr
"J22~~2=~?'即==5,
c-ac-a匕
二双曲线的离心率
a
应选D.
【点评】此题主要考查双曲线的性质及离心率定义.
9.(5分)(2023♦浙江)对两条不相交的空间直线a与b,必存在平面a,使得()
A.aua,bcaB.aua,bllaC.a_La,b±aD.aua,b±a
【考点】空间点、线、面的位置.
【专题】空间位置关系与距离.
【分析】对两条不相交的空间直线a与b,有allb或a与b是异面直线,从而得出结论.
【解答】解:1.两条不相交的空间直线a和b,有allb或a与b是异面直线,
一定存在平面a,使得:aua,blla.
应选B.
【点评】此题主要考查立体几何中线面关系问题,属于根底题.
'x>0
10.(5分)(2023•浙江)假设azo,b>0,且当,y>0时,恒有ax+bySl,那么以a,b为
x+yCl
坐标的点P(a,b)所形成的平面区域的面积是()
A.1B.—C.1D.—
242
【考点】简单线性规划的应用.
【专题】计算题;压轴题.
【分析】欲求平面区域的面积,先要确定关于a,b的约束条件,根据恒有ax+by<l成立,a>0,
b>0,确定出ax+by的最值取到的位置从而确定关于a,b约束条件.
【解答】解:,•.azO,b>0
t=ax+by最大值在区域的右上取得,即一定在点(0,1)或(1,0)取得,
故有b”l恒成立或axvl恒成立,
0<b<l§KO<a<l,
,以a,b为坐标点P(a,b)所形成的平面区域是一个正方形,
所以面积为1.
应选C.
【点评】本小题主要考查线性规划的相关知识.此题主要考查了简单的线性规划,以及利用
几何意义求最值,属于根底题.
二、填空题(共7小题,每题4分,总分值28分)
11.14分)(2023•浙江)函数f(x)=x2+|x-2|,那么f⑴=2.
【考点】函数的概念及其构成要素.
【分析】将x=l代入函数解析式即可求出答案.
【解答】解:(1)=12+|1-2|=1+1=2
故答案为:2
【点评】此题主要考查函数解析式,求函数值问题.
12.(4分)(2023•浙江)假设sin(三+8)=->那么cos20=-」L
2525
【考点】诱导公式的作用;二倍角的余弦.
【分析】由sin(a+—)=cosa及cos2a=2cos2a-1解之即可.
2
【解答】解:由sin(8)=2可知,cos0
55
而cos28=2cos?8-1=2X(-|)2-1=-
525
故答案为:-L
25
【点评】此题考查诱导公式及二倍角公式的应用.
22
13.(4分)(2023•浙江)Fi、F2为椭圆工一+工二1的两个焦点,过F1的直线交椭圆于A、B
259
两点,假设|F2A|+|F2B|=12,那么|AB|=8.
【考点】椭圆的简单性质.
【专题】计算题;圆锥曲线的定义、性质与方程.
【分析】运用椭圆的定义,可得三角形ABF2的周长为4a=20,再由周长,即可得到AB的
长.
22
【解答】解:桶圆二+左1的a=5,
259
由题意的定义,可得,|AFi|+|AF2|=|BFi|+|BF2|=2a,
那么三角形ABF2的周长为4a=20,
假设|F2A|+|F2B|=12,
那么|AB|=20-12=8.
故答案为:8
【点评】此题考查椭圆的方程和定义,考查运算能力,属于根底题._
14.(4分)(2023•浙江)在△ABC中,角A、B、C所对的边分别为a、b、C、假设
-c)cosA=acosC,那么cosA=^^'.
3
【考点】正弦定理的应用;两角和与差的正弦函数.
【专题】计算题.
【分析】先根据正弦定理将边的关系转化为角的正弦值的关系,再运用两角和与差的正弦公
式化简可得到、乃sinBcosA=sinB,进而可求得cosA的值.
【解答】解:由正弦定理,知
由(a-c)cosA=acosC可得
-sinC)cosA=sinAcosC,
V^sinBcosA=sinAcosC+sinCcosA
=sin(A+C)=sinB,
cosA=^^.
3_
故答案为:爽
3
【点评】此题主要考查正弦定理、两角和与差的正弦公式的应用.考查对三角函数公式的记
忆能力和综合运用能力.
15.(4分)(2023•浙江)如图,球O的面上四点A、B、C、D,DA_L平面ABC,AB_LBC,
DA=AB=BC=J5,那么球O的体积等于晓.
【考点】球的体积和外表积;球内接多面体.
【专题】计算题.
【分析】说明ACDB是直角三角形,4ACD是直角三角形,球的直径就是CD,求出CD,
即可求出球的体积.
【解答】解:AB_LBC,△ABC的外接圆的直径为AC,AC=近,
由DA_LjffABC得DA_LAC,DA_LBC,△CDB是直角三角形,ZkACD是直角三角形,
CD为球的直径,CD={D庆2+AC球的半径R=-,V理=&R3=gi.
232
故答案为:当.
2
【点评】此题是根底题,考查球的内接多面体,说明三角形是直角三角形,推出CD是球的
直径,是此题的突破口,解题的重点所在,考查分析问题解决问题的能力.
16.14分)(2023•浙江)W是平面内的单位向量,假设向量R菌足E・(W-E)=0,那么后1
的取值范围是[0,11.
【考点】平面向量数量积的运算.
【专题】压轴题.
【分析】本小题主要考查向量的数量积及向量模的相关运算问题,由向量b满足b・(a-b)
=0,变化式子为模和夹角的形式,整理出位的表达式,根据夹角的范围得到结果.
【解答】解:.••万G-E)=o>
即。;-E2=0,
,•|"a|•|b|cos9=|b|2^-0et0,呼
••,W为单位向量,
lbf=cos9,
|bl€[o,U-
故答案为:[O,i]
【点评】此题是向量数量积的运算,条件中给出两个向量的模和两向量的夹角,代入数量积
的公式运算即可,只是题目所给的向量要应用向量的性质来运算,此题是把向量的数量积同
三角函数问题结合在一起.
17.(4分)(2023•浙江)用1,2,3,4,5,6组成六位数(没有重复数字),要求任何相
邻两个数字的奇偶性不同,且1和2相邻.这样的六位数的个数是(用数字作答).
【考点】分步乘法计数原理.
【专题】计算题;压轴题.
【分析】欲求可组成符合条件的六位数的个数,只须利用分步计数原理分三步计算:第一步:
先将3、5排列,第二步:再将4、6插空排列,第三步:将1、2放到3、5、4、6形成的空
中即可.
【解答】解析:可分三步来做这件事:
第一步:先将3、5排列,共有A22种排法;
第二步:再将4、6插空排列,共有2A22种排法;
第三步:将1、2放到3、5、4、6形成的空中,共有C51种排法.
由分步乘法计数原理得共有A22*2A22»C51=40(种).
答案:40
【点评】此题考查的是分步计数原理,分步计数原理(也称乘法原理)完成一件事,需要分
成n个步骤,做第1步有ml种不同的方法,做第2步有m2种不同的方法…做第n步有mn
种不同的方法.那么完成这件事共有N=mlxm2x...xmn种不同的方法.
三、解答题(共5小题,总分值0分)
18.114分)(2023•浙江)数列{xn}的首项xi=3,通项xn=2,+nq(neN*,p,q为常数〕,
且XI,X4,X5成等差数列.求:
[I)p,q的值;
[口)数列{Xn}前n项和Sn的公式.
【考点】数列递推式;等差数列的前n项和;等比数列的前n项和;等差数列的性质.
【专题】计算题;综合题.
【分析】(I)根据xi=3,求得p,q的关系,进而根据通项xn=2np+np(neN*,p,q为常
数),且XI,X4,X5成等差数列.建立关于p的方求得p,进而求得q.
(口)进而根据(1)中求得数列的首项和公差,利用等差数列的求和公式求得答案.
【解答】解:(I).••xi=3,
2p+q=3)①
XX4=24p+4q,X5=25p+5q,且XI+X5=2X4,
3+25p+5q=25p+8q,②
联立①②求得p=l,q=l
(□)由(1)可知Xn=2n+n
Sn=(2+2~+...+2“)+(l+2+...+n)
=2日-2+%》.
【点评】此题主要考查等差数列和等比数列的根本知识,考查运算及推理能力.
19.(14分)(2023•浙江〕一个袋中装有大小相同的黑球、白球和红球,袋中共有10个球,
从中任意摸出1个球,得到黑球的概率是2;从中任意摸出2个球,至少得到1个白球的概
5
率是工求:
9
(I)从中任意摸出2个球,得到的数是黑球的概率;
(口)袋中白球的个数.
【考点】互斥事件的概率加法公式;古典概型及其概率计算公式.
【专题】计算题.
【分析】(I)先做出袋中的黑球数,此题是一个古典概型,试验发生包含的事件是从袋中
任意摸出两个球,共有Cl()2种结果,满足条件的事件是得到的都是黑球,有C42种结果,
根据概率公式得到结果.
(口)根据从中任意摸出2个球,至少得到1个白球的概率是工,写出从袋中任意摸出两个
9
球,至少得到一个白球的对立事件的概率,列出关于白球个数的方程,解方程即可.
【解答】解:(I)由题意知此题是一个古典概型,
从中任意摸出I个球,得到黑球的概率是2,袋中黑球的个数为iox2=小
55
试验发生包含的事件是从袋中任意摸出两个球,共有CIO2种结果
满足条件的事件是得到的都是黑球,有C42种结果,
记"从袋中任意摸出两个球,得到的都是黑球"为事件A,
c2
那么P(A)=—
15
v10
(口)从中任意摸出2个球,至少得到1个白球的概率是工
9
记"从袋中任意摸出两个球,至少得到一个白球”为事件B.
设袋中白球的个数为X,
那么P(B)=1-P(B)=1-C10~^=X
9
L10
得到x=5
【点评】此题主要考查排列组合、概率等根底知识,同时考查逻辑思维能力和数学应用能力,
考查对立事件的概率,考查古典概型问题,是一个综合题.
20.(14分)(2023•浙江)如图,矩形ABCD和梯形BEFC所在平面互相垂直,
NBCF=NCEF=90°,AD=V3>EF=2.
(I)求证:AEII平面DCF;
(n)当AB的长为何值时,二面角A-EF-C的大小为60。?
【考点】直线与平面平行的判定;与二面角有关的立体几何综合题.
【专题】计算题;证明题;综合题.
【分析】(I)过点E作EG_LCF并CF于G,连接DG,证明AE平行平面DCF内的直线
DG,即可证明AEII平面DCF;
(口)过点B作BH_LEF交FE的延长线于H,连接AH,说明NAHB为二面角A-EF-C
的平面角,通过二面角A-EF-C的大小为60。,求出AB即可.
【解答】(I)证明:过点E作EGLCF并CF于G,连接DG,可得四边形BCGE为矩形.又
ABCD为矩形,
所以ADJ.IIEG,从而四边形ADGE为平行四边形,故AEIIDG.
因为AEU平面DCF,DGu平面DCF,所以AEII平面DCF.
(II)解:过点B作BH_LEF交FE的延长线于H,连接AH.
由平面ABCD_L平面BEFG,AB±BC,得
ABJ•平面BEFC,
从而AHXEF,
所以NAHB为二面角A-EF-C的平面角.
在RSEFG中,因为EG=AD=a,EF=2,所以/CFE=60°,FG=1.
又因为CE_LEF,所以CF=4,
从而BE=CG=3.
于是BH=BE«sinZBEH=22Z1.
2
因为AB=BH»tanZAHB,
所以当AB=9时,二面角A-EF-G的大小为60。.
2
【考点】空间点、线、面位置关系,空间向量与立体几何.
【点评】由于理科有空间向量的知识,在解决立体几何试题时就有两套根据可以使用,这为
考生选择解题方案提供了方便,但使用空间向量的方法解决立体几何问题也有其相对的缺
陷,那就是空间向量的运算问题,空间向量有三个分坐标,在进行运算时极易出现错误,而
且空间向量方法证明平行和垂直问题的优势并不明显,所以在复习立体几何时,不要纯粹以
空间向量为解题的工具,要注意综合几何法的应用.
【点评】此题主要考查空间线面关系、空间向量的概念与运算等根底知识,同时考查空间想
象能力和推理运算能力.
21.(15分)(2023•浙江)a是实数,函数f(x)=x2(x-a).
(I)假设F(1)=3,求a的值及曲线y=f(x)在点(1,f(D)处的切线方程;
(n)求f(x)在区间[o,2]上的最大值.
【考点】利用导数求闭区间上函数的最值;利用导数研究曲线上某点切线方程.
【专题】计算题;压轴题.
【分析】(I)求出f(X),利用F(1)=3得到a的值,然后把a代入f(x)中求出f(1)
得到切点,而切线的斜率等于F(1)=3,写出切线方程即可;
(II)令f(x)=0求出x的值,利用x的值分三个区间讨论f(x)的正负得到函数的单调
区间,根据函数的增减性得到函数的最大值.
【解答】解:(I)f(x)=3x2-2ax.因为f⑴=3-2a=3,所以a=0.
又当a=0时,f(1)=1,f(1)=3,那么切点坐标(1,1),斜率为3
所以曲线丫=£(x)在[1,f(1))处的切线方程为y-1=3(x-1)化简得3x-y-2=0.
(II)令f(X)=0,解得乂=0,Y;在.
A23
当&40,即a«O时,f(x)在[0,2]上单调递增,从而fmax=f(2)=8-4a.
3
当年》2时,即a23时,f(X)在[0,2]上单调递减,从而fmax=f(0)=0.
O
当0〈号<2,即o<a<3,f(X)在[0,咨]上单调递减,在肯,2]上单调递增,从
'8-4a,0<a<2.
而—
0,2<a<3.
8-4a,a<3
综上所述,fmax=<
0,a》3
【点评】此题主要考查导数的根本性质、导数的应用等根底知识,以及综合运用所学知识分
析问题和解决问题的能力.
22.(15分)(2023•浙江)曲线C是到点p(-1,心)和到直线尸-至距离相等的点的
288
轨迹,1是过点Q(-1,0)的直线,M是C上(不在1上)的动点;A、B在1上,MALI,
MB_Lx轴(如图).
(I)求曲线C的方程;
(口)求出直线1的方程,使得J^一为常数.
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