2021-2022学年河南省商丘市李庄乡邓斌口中学高二物理联考试卷含解析

2021-2022学年河南省商丘市李庄乡邓斌口中学高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.下列有关磁感应强度的说法中，正确的是()A．若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零B．若有一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，则该处磁感应强度的大小一定是C．由定义式B＝可知，电流强度I越大，导线L越长，某点的磁感应强度就越小D．磁感应强度B＝只是定义式，它的大小取决于场源以及磁场中的位置，与F、I、L以及通电导线在磁场中的方向无关参考答案：D2.一个理想变压器，原线圈1200匝，副线圈400匝，现在副线圈上接一个变阻器R，如图所示。各电表均为理想表，则下列说法中正确的是(

)A．安培表A1与A2的-示数之比为3:1

B．伏特表V1与V2的示数之比为3:1C．当变阻器滑动头向下移动时,原线圈的输入功率将增加D．原、副线圈的功率之比为3:1参考答案：BC3.如图示，平行板电容器的两个极板A、B分别接在电压为60V的恒压源上，两板间距为3cm，电容器带电荷量为6×10－8C，A极板接地．则以下计算正确的有（

）A、平行板电容器的电容1×10－9F；B、距B板为2cm的C点处的电势20V；C、平行板电容器两板之间的电场强度2×103V/m，方向竖直向下；D、将一个电荷量为q＝8×10－9C的正点电荷从B板移到A板电场力所做的功4.8×10－7J；参考答案：AC4.如图所示，在坐标系的第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子分别以相同速度沿与x成30°角的方向从原点射入磁场，则正负电子在磁场中运动时间之比为（

）

A．

1∶B．

1∶1C．1∶2

D．

2∶1参考答案：D5.（单选）如图，在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强直流电流的长直导线，且导线中电流方向水平向右，则阴极射线将会（）A．向上偏转B．向下偏转C．向纸内偏转D．向纸外偏转参考答案：解：由安培定则判断可知，通电直导线上方所产生的磁场方向向外，电子向右运动，运用左手定则可判断出电子流受到向上的洛伦兹力作用，所以电子流要向上偏转．故A正确，BCD错误．故选：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.（5分）利用油膜法可粗略地测定分子的大小和阿伏加德罗常数。若已知滴油的总体积为，一滴油形成的油膜面积为，这种油的摩尔质量为，密度为，则每个油分子的直径＝____________；阿伏加德罗常数＝_____________。参考答案：

7.有一待测电阻Rx，无法估计其粗略值。某同学应用伏安法进行测量，按下图所示（甲）、（乙）两种电路各测一次，用（甲）图测得的数据是2.9V，4.0mA；用（乙）图测得的数据是3.0V，3.0mA。由此可知，应用________图测量的值误差较小，测量值Rx＝________Ω。参考答案：_乙___;

Rx＝_1.0×103_Ω8.在匀强磁场中，有一段5cm的导线和磁场垂直．当导线通过的电流是1A时，受磁场的作用力是0.1N，那么磁感应强度B=2T；现将导线长度增大为原来的3倍，通过电流减小为原来的一半，那么磁感应强度B=2T；如果把该通电导体拿走，那么该处磁感应强度B=2T．参考答案：考点：磁感应强度．分析：磁场与导线垂直，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式B=是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的．解答：解：根据磁感应强度的定义式，有：B=，由此可知该处的磁感应强度为2T，这与导线的放置、长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．则导线长度增大为原来的3倍，磁感应强度不变，仍为2T；通电导体拿走后，磁感应强度也为2T；故答案为：2；2；2．点评：本题考查磁感应强度的定义，要明确，磁感应强度是磁场的本身属性，不会因外放入的通电导线的改变而改变．15．（4分）（2015春?广元校级月考）边长为a的正方形，处于有界磁场如图，一束电子以v0水平射入磁场后，分别从A处和C处射出，则vA：vC=1：2；所经历的时间之比tA：tB=2：1．【答案】考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：由几何关系可知从两孔射出的粒子的运动半径，则由洛仑兹力充当向心力可得出粒子的速度关系；由周期公式及转过的角度可求得时间之比．解答：解：电子磁场中做匀速圆周运动，从A点射出时，OA中点为圆心，轨迹半径RA=a，轨迹的圆心角θA=π；从C点射出时，A为圆心，轨迹半径RC=a，轨迹的圆心角θC=；由轨迹半径公式R=，得：vA：vC=RA：RC=a：a=1：2；电子在磁场中运动的周期T=，可知电子运动的周期与速度无关．电子在磁场中所经历的时间t=T则得tA：tB=θA：θC=π：=2：1故答案为：1：2，2：1．点评：本题为带电粒子在磁场中运动的基本问题，只需根据题意明确粒子的运动半径及圆心即可顺利求解．9.（12分）库仑定律公式中静电力常数k的大小为

N·m2/C2，真空中有两个点电荷Q1和Q2相距18cm，已知Q1为正电荷，其电荷量为+1.8×10-12C．它们之间的引力F=1.0×10-12N，则Q2为

点电荷(填“正”或“负”)，Q2的电荷量大小为 C。参考答案：9×10-9，负，2×10-1210.铝的逸出功为W0=6.72×10-19

J，用波长λ=200nm的光照射不带电的铝箔，发生光电效应，此时铝箔表面带-------＿＿＿＿＿（选填“正”或“负”）电．若用铝箔制作光电管，普朗克常量h=6.63×10-34

J?s，则它的遏止电压为＿＿＿＿＿V

（结果保留二位有效数字）．参考答案：正

2.011.如图，是质谱仪工作原理简图，电容器两极板相距为d，两端电压为U，板间匀强磁场磁感应强度为B1，一束带电量均为q的正电荷粒子从图示方向射入，沿直线穿过电容器后进入另一匀强磁场B2，结果分别打在a、b两点，测得两点间的距离为，由此可知，打在两点的粒子质量差为=____________。（粒子重力不计）参考答案：12.一匀强电场，场强的方向水平向左，如图所示，一个质量为m带正电的小球从O点以初速度v0出发，在电场力和重力的作用下，恰能沿与电场的反方向成θ角直线运动。则小球运动到最高点时的电势能与在O点的电势能之差是

。参考答案：13.如图是一个按正弦规律变化的交变电流的图象。根据图象可知该交变电流的电流最大值是__________A，频率是__________Hz。参考答案：0.3

A，

6

V。三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在“探究求合力的方法”实验中，可以设计不同的方案探究．以下是甲、乙两位同学设计的两个实验方案，（1）甲同学设计的方案如图1，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套．实验中需用两个弹簧测力计分别钩住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O．①某同学在做该实验时认为：A．拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好B．拉橡皮条时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C．橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，橡皮条方向必须在两细绳夹角的角平分线上D．拉力F1和F2的夹角越大越好其中正确的是

（填入相应的字母）②若某次测量中两个弹簧测力计的读数均为4N，且两弹簧测力计拉力的方向相互垂直，则______（选填“能”或“不能”）用一个量程为5N的弹簧测力计测量出它们的合力，理由是：

．（2）乙同学在家中用三根相同的橡皮筋（遵循胡克定律）来探究求合力的方法，如图2所示，三根橡皮筋在O点相互连接，拉长后三个端点用图钉固定在A、B、C三点．在实验中，可以通过刻度尺测量橡皮筋的长度来得到橡皮筋的拉力大小，并通过OA、OB、OC的方向确定三个拉力的方向，从而探究求其中任意两个拉力的合力的方法．在实验过程中，下列说法正确的是

．A．实验需要测量橡皮筋的长度以及橡皮筋的原长B．为减小误差，应选择劲度系数尽量大的橡皮筋C．以OB、OC为两邻边做平行四边形，其对角线必与OA在一条直线上且两者长度相等D．多次实验中O点不必是同一位置．参考答案：（1）①AB；②不能；合力为4N＞5N，超出了弹簧测力计的量程；（2）AD．解：（1）①A、在实验中要减小拉力方向的误差，应让标记同一细绳方向的两点尽量远些，故细绳应该长一些，故A正确；B、作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有有较大差别，故应使各力尽量与木板面平行，故B正确；C、橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力与拉力的夹角应适当大些，但橡皮条方向不必须在两细绳夹角的角平分线上，故C错误；D、两个拉力的夹角过大，合力会过小，量取理论值时相对误差变大，夹角太小，会导致作图困难，也会增大偶然误差，故D错误．故选：AB．②两力均为4N，且相互垂直，则其合力大小为F=4N＞5N，合力超过了弹簧秤的量程，故弹簧秤无法测出物体所受的合力，故不能使用．（2）A、需要知道橡皮筋的伸长量才能表示橡皮筋的弹力，故应该测量橡皮筋的原长，故A正确；B、为了减小误差，橡皮筋的伸长量应该大些，故应选择劲度系数稍小的橡皮筋，故B错误；C、由于橡皮筋的弹力与它的长度不成正比，所以OB、OC弹力的合力方向与以OB、OC为两邻边做平行四边形的对角线不重合，故C错误；D、不同的O点依然满足任意两个橡皮筋弹力的合力与第三个橡皮筋弹力等大反向的特点，所以即使O点不固定，也可以探究求合力的方法，故D正确．故选：AD．故答案为：（1）①AB；②不能；合力为4N＞5N，超出了弹簧测力计的量程；（2）AD．15.某同学设计了一个测定激光的波长的实验装置如图所示，激光器发出一束直径很小的红色激光进入一个一端装有双缝、另一端装有感光片的遮光筒，感光片的位置上出现一排等距的亮线．(1）这个现象说明激光具有

性．(2）某同学在做“用双缝干涉测光的波长”实验时，第一次分划板中心刻度线对齐A条纹中心时如图(1)所示，游标卡尺的示数如图(3)所示；第二次分划板中心刻度线对齐B条纹中心线时如图(2)所示，游标卡尺的读数如图(4)所示．已知双缝间距为0.5mm，从双缝到屏的距离为1m，则图(3)中游标卡尺的示数为

mm,图(4)中游标卡尺的示数为

mm，所测光波的波长为

m（波长值保留两位有效数字）。参考答案：（1）相干

(2)

11.4

16.8

6.8×10-7m

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间.若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：(1)金属板AB的长度；(2)电子穿出电场时的动能.参考答案：(1)设电子飞离加速电场时的速度为v0，由动能定理得

①(2分)设金属板AB的长度为L，电子偏转时间

②(2分)电子在偏转电场中产生偏转加速度

③(2分)电子在电场中偏转y=d=at2

④(2分)由①②③④得:.

(2分)(2)设电子穿过电场时的动能为Ek,根据动能定理

17.如图所示,理想变压器原线圈中输入电压U1＝3300V,副线圈两端电压U2为220V,输出端连有完全相同的两个灯泡L1和L2,绕过铁芯的导线所接的电压表V的示数U＝2V,(1)原线圈n1等于多少匝？(2)当开关S断开时,表A2的示数I2＝5A,则表A1的示数I1为多少？(3)当开关S闭合时,表A1的示数I1′等于多少？参考答案：解析:(1)由电压与变压器匝数的关系可得＝

3分即n1＝n＝1650.

1分(2)当开关S断开时,由U1I1＝U2I2

可知I1＝＝0.33A.

1分(3)当开关S断开时,有RL＝U2/I2＝44Ω

1分当开关S闭合时,