2018高考物理大一轮复习领航检测第五章机械能5版含解析

章末检测五(时间：60分 满分：100分分，有的得0分约为()A．250 B．300C．350 D．400A.

vt·v2JA

度－时间、重力势能－高度(取小球在抛出点的重力势能为零)的是()可知选项C

1－2gt，可知选项A时间关系式为v＝v0－gtBEp＝－mgh，可知选项D错误．2m/s1kg的物体与A2mB点，则传送带对该物体做的功为()A．0.5 B．2C．2.5 D．4x＝2a＝1mxAB＝2m2W＝1mv2＝2J，B22×103kg3×103N．若汽大约为()A．8 B．14C．26 D．38解析：B.200kW，根据F＝Ff＋ma＝3000N＋2000×2N＝7000N过程最大速度

200 ＝F＝7 m/s≈28.6m/st＝a2

s＝14.3s，故B正确，A、C、Dlm

的高度为2mgl＝2mv＋Ep，Ep＝2mvv＝glv60°P＝mgvsin60°

，C止释放，下列判断正确的是()O点的过程中，各A、B、C、D…各点处在同一竖直线上解析：ACD.A正确、BA、B、C、D…在同一竖直平面内的圆周上，则下滑时间均为 d为直径，因此选项gθ，损失的机械能为ΔE＝μmgscosθ，损失机械scosθA、B、C、D…各点在同一竖直线上，D正确．g，则在将货物提升到图示的位置时，下列说法正确的是()缆绳中的拉力FT＞(M＋m)gCP＞(M＋m)gvcosθDmg货箱和货物整体向上运动的速度和货车速度沿着绳子方向的分量相等，故v1＝vcosθθ不断减小，故货箱和货物整体向上做加速运动，加速度向上，货加速运动，故拉力大于(M＋m)gBvcosθ，故拉力功P＝Fv(M＋m)gvcosθC正确；货箱和货物整体向上做加速运动，加mgD错误．有一辆新颖电动汽车总质量为1000kg.行驶中该车速度在14～20m/s范围内保持恒定功率20kW不变．一位同学坐在驾驶员旁边观察车内里程表和速度表记录了该车在位移120～400m范围内做直线运动时的一组数据如下表， 1000120～320m9.5×104120～320m14.7514～20m/s解析：选AC.汽车最后匀速行驶，有P＝fvm得：f＝ N＝1000则A120～320mWm－120

1 v2W＝2.95×15＝2mm－2m320mt，由动能定理得：Pt－f·(320m－120

1v2

＝2m 2m代入数据得：t＝14.75s，则C14～20m/s范围内，功率不变，做变加速直线运动，则D错．二、非选择题(4小题，52分9．(10分)在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知打点计时器所用电源50Hzg＝9.80m/s21.00kg.实验中得到一条点迹清晰的纸带如图所示，把第一个点记作O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点．经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm,70.18cm,77.76cm,85.73cm.根据以上数据可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于 ΔEp＝mgh＝1.00×9.80×0.7776J≈7.62重物动能的增加量ΔEk＝1mv2－1 2mOv0＝0，CvCB到D点这一段时间Δt＝2×1s内的平均速度．由实验数据可得0.8573－0.70122

m/s＝3.8875重物的动能增加量 1.00×3.88752J≈7.56答案

m的重锤相连，重锤后连一穿过打点计时器的纸带，已知O、A、B、C、D、E、F相邻计数点间的时间间隔为Δt，根据纸带求滑块速度，打点计时器打B点时滑块速度vB＝ 量)，合力对滑块做功的表达式W合＝ v2­W图象，可知该图象是一条 解析：(1)B

2Δt由做功定义式可知还需要知道滑块下滑的位移，由动能定理可知W合ΔEk答案：(1) (2)下滑的位移 (3)过原点的直线滑块的质量11．(15分m＝1kgL＝1.5m的小g＝10m/s2，求：解析：(1)v1 1 1－2mv1＝85刚进入圆轨道时，设物块受到的支持力为FN，由第二定律得11FN＝104.4由第三定律FN′＝104.4N，方向竖直向下．则由机械能守恒得1mv2＝2mgR＋1 v2＝7

2mRv3mg＝mRv3＝gR＝3v2>v3h＋2R＝1x＝4.9s＝x－L＝3.4答案：(1)104.4N，方向竖直向下(2)3.412．(15分)如图所示，ABCDOOA处于水平位置．AB是半径为R＝2

CDOr＝1mO处固定一个竖直弹性挡板．DCDO轨道的中心．BC段BCL＝2m，与OAH处自由落下．(g10m/s2)(1)H＝1.4mD(2)H＝1.4mCDO轨道．如果会脱2mg(H＋r)－μmgL＝2在D点对小球根据第二定律DDN＝联立解得：N＝32由第三定律得小球在D点对轨道的压