河南省郑州市足球学校2022年高三物理联考试卷含解析

河南省郑州市足球学校2022年高三物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.(单选)如图所示，光滑水平桌面上，一个小球以速度v向右做匀速运动，它经过靠近桌边的竖直木板ad边前方时，木板开始做自由落体运动。若木板开始运动时，cd边与桌面相齐，则小球在木板上的投影轨迹是参考答案：B2.（多选）如图甲所示，两根间距L=0.4m的平行金属导轨水平放置，导轨的电阻忽略不计，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度B=T，导轨右端接有一理想变压器，变压器的原、副线圈匝数比为2：1，电表均为理想电表，一根导体棒ab置于导轨上，导体棒电阻不计且始终与导轨良好接触，若导体棒沿平行于导轨的方向在PQ和MN之间运动，其速度图象如图乙的正弦曲线所示，电阻R=10Ω，则下列判断正确的有（）A．导体棒产生的感应电动势最大值4VB．交流电压表读数为2V，交流电流表示数为0.2AC．电阻R在1分钟内产生的热量为96JD．增大导体棒运动的频率，其他条件不变，电压表示数将变大参考答案：【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；变压器的构造和原理．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：导体棒的速度作正弦规律变化，产生正弦式交变电流，由E=BLv得到感应电动势瞬时表达式，求出感应电动势最大值，从而得出有效值的大小．由欧姆定律求解电流的有效值，即可得到两个电表的读数，并分析电表读数与频率的关系．根据焦耳定律求解电阻R上产生的热量．：解：A、B、由乙图得：v=10=m/s导体棒产生的感应电动势瞬时表达式：e=BLv==V感应电动势最大值为，有效值为，由于导体棒电阻不计，则原线圈两端的电压为：U1=E=4V，根据，U2=2V，即交流电压表读数为2V，交流电流表示数为：I2=，故A、B正确．C、电阻R在1分钟内产生的热量为：Q=，故C错误．D、增大导体棒运动的频率，导体棒产生的感应电动势最大值不变，有效值不变，则电压表示数不变，故D错误．故选：AB．【点评】：本题是电磁感应与变压器规律的综合，关键要掌握法拉第电磁感应定律、欧姆定律和变压器的规律，知道交流电表测量有效值，求热量应用有效值．3.在如图所示的电路中，电源的电动势为，内阻为，平行板电容器的两金属板水平放置，和为定值电阻，为滑动变阻器的滑动触头，为灵敏电流表，为理想电流表。开关闭合后，的两板间恰好有一质量为、电荷量为的油滴处于静止状态。在向上移动的过程中，下列说法正确的是(

)A．表的示数变大

B．油滴向上加速运动C．中有由至的电流

D．电源的输出功率一定变大参考答案：B4.（单选）游乐园中，游客乘坐能加速或减速运动的升降机，可以体会超重与失重的感觉．下列描述正确的是（）A．当升降机加速上升时，游客是处在失重状态B．当升降机减速下降时，游客是处在超重状态C．当升降机减速上升时，游客是处在失重状态D．当升降机加速下降时，游客是处在超重状态参考答案：解：A、当升降机加速上升时，乘客有向上的加速度，是由重力与升降机对乘客支持力的合力产生的．此时升降机对乘客的支持力大于乘客的重力，所以处于超重状态．A错误．B、当升降机减速下降时，具有向上的加速度，同理此时乘客也处于超重状态．B正确．C、当升降机减速上升时，具有向下的加速度，是由重力与升降机对乘客支持力的合力产生的，所以升降机对乘客的支持力小于乘客的重力．此时失重．C正确．D、当升降机加速下降时，也具有向下的加速度，同理可得此时处于失重状态．故D错误．故选BC．5.（多选）如图所示的电路中，当R3的滑动头向右滑动时，以下判断正确的是

(

)A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．电容器带电量增大D．R1消耗功率变大参考答案：BD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.汽车在行驶中，司机看到图2所示的标志牌，在不违反交通法规的前提下，从标志牌到西大桥最快需要h。

参考答案：7.（4分）如图，在场强为E的匀强电场中有相距为的A、B两点，边线AB与电场线的夹角为，将一电量为q的正电荷从A点移到B点，若沿直线AB移动该电荷，电场力做的功

；若沿路径ACB移动该电荷，电场力做的功

；若沿曲线ADB移动该电荷，电场力做的功

，由此可知，电荷在电场中移动时，电场力做功的特点是：

。

参考答案：答案：，，电场力做功的大小与路径无关，只与始末位置有关。8.设地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，若某质量为m的地球同步通讯卫星，离开地面的高度为H，则它绕地球运行时所受的向心力大小为________，运行时的线速度大小为________。参考答案：

9.后，答案为该矿石中的铀、钍质量之比为___________．参考答案：39:115设原来的U234原子数为N0,由半衰期的定义可得，,经过54万年，即两个半衰期后，剩余的U234为N0/4个,Th230为3N0/4个，所以（234N0/4）：（2303N0/4）=39:115.10.图为某同学设计了一个探究小车的加速度a与小车所受拉力F及质量m关系的实验装置简图．小车的质量为m1，砂和砂桶质量的为m2。（1）下列说法正确的是

A．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B．实验时应先释放小车后接通电源C．在探究加速度与质量关系时，应作a-图象(2)实验中要进行质量m1和m2的选取，以下最合理的一组是

A.

m1=200,m2=20、40、60、80、100、120B.

m1=400,m2=10、15、20、25、30、40C.

m1=200,m2=50、60、70、80、90、100D.

m1=20,

m2=100、150、200、250、300、400（3）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a-F图像，可能是图中的图线

（选填“甲”、“乙”、“丙”）参考答案：（1）C

（2）B

（3）丙（1）假设木板倾角为θ，则有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力，A错误．实验时应先接通电源后释放小车，故B错误．F=ma，所以：a=

F，当F一定时，a与成正比，故C正确。（2）沙和沙桶加速下滑，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T，根据牛顿第二定律，有

对沙和沙桶，有mg-T=ma

对小车，有T=Ma

解得故当M＞＞m时，有T≈mg。

应该是，即本实验要求小车的质量远远大于小桶（及砝码）的质量。B最合理。（3）遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况．故图线为丙．11.在《探究加速度与力、质量的关系》实验中，某同学利用右图所示的实验装置，将一端带滑轮的长木板固定在水平桌面上，滑块置于长木板上，并用细绳跨过定滑轮与托盘相连，滑块右端连一条纸带，通过打点计时器记录其运动情况．开始时，托盘中放少许砝码，释放滑块，通过纸带记录的数据，得到图线a．然后在托盘上添加一个质量为m=0.05kg的砝码，再进行实验，得到图线b．已知滑块与长木板间存在摩擦，滑块在运动过程中，绳中的拉力近似等于托盘和所加砝码的重力之和，g取10m/s2，则X①通过图象可以得出，先后两次运动的加速度之比为

；②根据图象，可计算滑块的质量为

kg．参考答案：（1）①3:4（2分），②2.512.如图所示，一个厚度不计的圆环A，紧套在长度为L的圆柱体B的上端，A、B两者的质量均为m。A与B之间的最大静摩擦力与滑动摩擦力相同，其大小为kmg（k＞1）。B由离地H高处由静止开始落下，则B下端触地时的速度为

，若B每次触地后都能竖直向上弹起，且触地时间极短，触地过程无动能损失，则要使A、B始终不分离，L至少应为

。参考答案：，13.某学生研究小车的匀变速运动时，得到如图10所示的纸带，纸带上的计数点用O、A、B、C、D、E表示．则小车的加速度大小为___________m／s2，小车经过C点时的速度大小为__________m／s．（相邻计数点间的时间间隔为0．1s）参考答案：0.8三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.某同学为测量一个阻值约为200Ω的电阻R，准备的器材及规格如下：[电流表A（量程0～10mA，内阻约40Ω）电压表V（量程0～3V，内阻约5kΩ）直流电源E（电动势约4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流3.0A）开关S导线若干（1）为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析。请用实线补充如图的实物连线，连成测量R的电路。（2）闭合开关S前，应将滑动变阻器R1的滑片移至

端。（填“a”或“b”）（3）闭合开关S后，将滑动变阻器R1的滑片移至适当位置，测得电压表和电流表的示数分别为U和I，若用U/I作为R的测量值，则此测量值应

R的真实值。（填“大于”、“等于”或“小于”）参考答案：【知识点】伏安法测电阻．J5【答案解析】（1）如图所示；（2）a；（3）小于解析：：（1）待测电阻约为200Ω，，待测电阻偏小，故采用安培表外接法；为获得较大的电压测量范围，滑动变阻器宜采用分压式接法；连接电路图，如图所示：

（2）为保护电路元件，闭合开关S前，应将滑动变阻器R1的滑片移至电阻为零处，即a端；

（3）安培表外接法中，由于电压表的分流作用，电流测量值偏大，根据欧姆定律R=，电阻测量值偏小；【思路点拨】（1）采用伏安法测量电阻时，当R＞时采用安培表内接法；当R＜时采用安培表外接法；为获得较大的电压测量范围，滑动变阻器宜采用分压式接法；（2）为保护电路元件，闭合开关S前，应将滑动变阻器R1的滑片移至电阻为零处；（3）安培表外接法中，误差来源于电压表的分流作用，根据欧姆定律判断误差情况．15.某同学利用图示装置探究加速度与力、质量之间的关系。平衡摩擦力之后，用钩码重力表示小车的合外力。若保持小车质量不变，改变所挂钩码的数量，多次重复测量，根据测得的多组数据可画出a—F关系图线如图所示。

①分析此图线的OA段可得出的实验结论是

。

②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是下述中的

。

A．小车与轨道之间存在摩擦

B．未彻底平衡摩擦力

C．所挂钩码的总质量太大

D．所用小车的质量太大参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16.参照伽利略时期演示平抛运动的方法制作了图示的实验装置，图中水平放置的底板上竖直地固定有M板和N板．M板上部有一半径为R的圆弧形的粗糙轨道，P为最高点，Q为最低点，Q点处的切线水平，距底板高为H．N板上固定有三个圆环．将质量为m的小球从P处静止释放，小球运动至Q飞出后无阻碍地通过各圆环中心，落到底板上距Q水平距离为L处．不考虑空气阻力，重力加速度为g．求：（1）小球到达Q点时的速度大小；（2）小球运动到Q点时对轨道的压力大小；（3）小球克服摩擦力做的功．参考答案：解：（1）由平抛运动规律可知，水平方向上有：L=vt，竖直方向上有：H=gt2，解得：v==L（2）小球在Q受重力mg和轨道的支持力F支，对抛出点分析，由牛顿第二定律：F支﹣mg=m解得：F支=mg+由牛顿第三定律：F压=F支=mg+（3）对P点至Q点的过程，应用动能定理有：mgR+Wf=mv2﹣0解得：Wf=﹣mgRW克f=mgR﹣答：（1）小球到达Q点时的速度大小为L；（2）小球运动到Q点时对轨道的压力大小为mg+；（3）小球克服摩擦力做的功为mgR﹣．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）根据高度求出平抛运动的时间，结合水平位移和时间求出Q点的速度大小．（2）根据牛顿第二定律求出Q点的支持力，从而得出压力的大小．（3）对P到Q的过程运用动能定理，求出摩擦力做功．17.一辆值勤的警车停在一条直公路的道边，当警员发现从他旁边以v＝8m/s的速度匀速行驶的货