湖南省岳阳市高三下学期信息卷（三）物理答案

岳阳市2023届高三物理信息试卷（三）参考答案1.B【详解】A．根据质量数和电荷数守恒，可知该核反应方程为该反应属于核裂变，A错误；B．因为生成物X比的比结合能大，所以X比更稳定，B正确；C．X的质子数为54，其中子数为132-54＝78，所以中子数和质子数不相等，C错误；D．X的核子数比少，两者的比结合能接近，因此X的结合能比的结合能小，D错误。故选B。2.C【详解】A．设正六边形边长为，A点的点电荷在D点的电场强度为C、E点的点电荷分别在D点产生的电场强度大小为D点的电场强度为D点场强大小不为零，A错误；B．由等量同种电荷的电势分布特点，C、E点的点电荷在O点与D点产生的电势相等，又由于O点更靠近A点的点电荷，故O点的电势比D点产生的电势更大，B错误；CD．在O点，3个点电荷产生的电场方向水平向右，故正电荷在O点的电场力水平向右，同理3个点电荷在D点产生的电场水平向左，故正电荷在D点的电场力水平向左，正电荷沿OD连线，从O点到D点过程，电场力先做正功后做负功，电势能先降低再升高，电势先降低再升高，C正确，D错误；故选C。3.D【详解】A．对石球受力分析，绳与石球相切于点，设绳与竖直方向夹角为，如下图所以对结点O受力分析，由平衡条件得解得，绳的张力大小为A错误；B．由题意可知若侧面绳长不变，减小绳套的半径，则变大，变小，则绳的张力增大，B错误；C．若绳套不变，将侧面四根绳子各增加相同的长度，变小，变大，由可得，绳的张力减小，C错误；D．当石球平衡时，绳子拉力为所以，若加速向上提升石球，加速度向上，由牛顿第二定律可得，绳的张力D正确。4.D【解析】A．由几何关系，飞船每次“日全食”过程的时间内飞船转过α角，所需的时间为t=·T由于宇航员发现有T时间会经历“日全食”过程，则=所以α=π设宇宙飞船离地球表面的高度h，由几何关系可得=sin=sin=可得h=R故A错误；B．地球自转一圈时间为T0，飞船绕地球一圈时间为T，飞船绕一圈会有一次日全食，所以每过时间T就有一次日全食，得一天内飞船经历“日全食”的次数为，故B错误；C．设宇航员观察地球的最大张角为θ，则由几何关系可得sin=可得θ=60°故C错误；D．万有引力提供向心力，所以解得其中r=R＋h=2R又联立可得故D正确。5.A【详解】由题可知，导电溶液与导电涂层相当于平行板电容器的两极板，且两板间距离不变，液面高度变化时，正对面积发生变化，则由可知，当液面升高时，正对面积S增大，则电容增大；当液面降低时，正对面积S减小，则电容减小。由于电流从下向上流过电流计，可知该段时间内电容器上的电荷量减小，由于电容器两极电势差不变，则电容器的电容减小，则瓶内液面降低。t时间内通过电流计的电量为It，依题有液面的高度变化时的正对面积、电容分别变化为联立得故A正确，BCD错误。故选A。【详解】A．小物块刚释放时，小物块将加速下滑，加速度向下，小球处于失重状态，则轻绳对小球的拉力小于球的重力，A错误；B．当拉物块的绳子与直杆垂直时，小球下降的距离最大，对小物块受力分析，由牛顿第二定律解得，此时小物块加速度的大小为B正确；C．将小物块的速度分解为沿绳子方向和垂直绳子方向，如图所示沿绳子方向的分速度等于小球的速度，即所以小物块在处的速度与小球的速度之比为C正确；D．设小物块下滑距离为时的速度大小为，此时小球的速度大小为，对小物块和小球组成的系统根据机械能守恒定律，有其中解得，此时小物块的速度大小为D正确。7.【答案】BD【解析】【详解】A．由图乙知，Q点在t=0.1s时开始向上振动，故A不正确；B．由甲图可知波长，由乙图可知周期，则波速为由乙图可知Q点比波源滞后1s开始振动，1s波传播的距离为则质点Q的平衡位置与O点相距1m，故B正确；C．质点P的平衡位置与O点相距2m，波传播到质点P位置时间为2s，P振动的时间为2s，在0~4s内，质点P经过的路程为故C错误；D．波从波源位置传播到x=5m位置时间为5s，则x=5m处的质点振动时间为1s，所以t=6s时，x=5m处的质点第一次到达波峰，故D正确。故选AB。8.【答案】AD【详解】（1）由平抛运动的规律可知解得（2）由可知从A点射到水面的光线的入射角为α，折射角为则由折射定律可知解得由几何关系可知解得9.【答案】BC【解析】根据氢原子的能级图可知从能级4向能级2直接跃迁发出的a光能量比从能级3向能级2跃迁发出的b光能量高。根据可知能量越高的光，频率越高，即。A．光在介质中的传播速度频率高的光，折射率更大，则传播速度小，即在水中a光的速度更小，故A错误；B．双缝干涉实验中，根据波长越长，条纹间距越大，根据可知，，则b光的条纹间距更大，故B正确；C．根据光电效应方程可知，解得遏止电压根据可判断光线a的遏止电压高，故C正确；D．根据全反射临界角光折射率大，则光的临界角更小，更容易发生全反射。所以若a光发生了全反射，b光不一定发生全反射，故D错误。故选BC。10.【答案】BCD【解析】【详解】A．由乙图可知，感应电动势有效值为根据闭合电路的欧姆定律，线圈中的电流由此时小灯泡正好正常发光，小灯泡的额定电压故A错误；B．发电机输出功率为故B正确；C．由图可知交变电流的频率浮筒在竖直方向上下振动的频率与交变电流的频率相同，故C正确；D．由，解得浮筒在竖直方向上下运动的最大速度为故D正确。11.【答案】CD【解析】【详解】A．粒子轨迹如图1所示由几何关系可知可得故A错误；B．当轨迹刚好与MN相切时，粒子能打到板上最大长度，如图轨迹2，设速度方向与ON夹角为，由几何关系可得可得则挡板左侧能被粒子击中的竖直长度为故B错误；C．要使粒子打在右侧，有两个临界条件，如图中的轨迹1、3，由几何关系可知1、3的初速度夹角为则粒子能击中挡板右侧的粒子数占粒子总数的故C正确；D．如上图粒子1打在MN上的点与O1N组成顶角为60°的等腰三角形，所以由几何关系可知板的右侧被粒子击中的竖直长度为故D正确。故选CD。12.【答案】①.B②.较高③.④.【解析】【详解】（1）[1]A．实验所用斜槽不需要尽量光滑，A错误；B．斜槽末端必须保持水平，使物体做平抛运动，B正确；C．本实验使用手机连拍功能对做平抛运动的小球进行拍摄，故无须静止释放小球，C错误。故选B。（2）[2]由图像可知两小球做平抛运动下落相同高度时，图线①水平位移更大，故图线①所对应的小球初速度较大，在斜槽上释放的位置较高；（3）[3]由频闪照片可得，小球在竖直方向相邻位移之差根据匀变速直线运动特点可得由水平分运动，可得（4）[4]根据平抛运动规律可得，联立可得可知图像的斜率为当地的重力加速度表达式为13.【答案】①.见解析②.左③.乙④.⑤.【解析】【详解】（1）[1]由题中条件可知则电流表应采用外接法，电路中最大电流为故电流表应选量程，实物图连线如图所示（2）[2]合上开关之前，为保护电路，测量电路中的电流应最小，故图1中滑动变阻器滑片应置于最左端；（3）[3]利用图像处理数据，误差更小，两种求电阻方法更合理的是乙；（4）[4]根据图像可知，斜率为由图像可知6mA电流对应的横轴坐标为解得14.【答案】（1）1.67×105Pa；（2），【解析】【详解】（1）设此时气体压强为p，由查理定律可得初态压强为p0，温度为T0=（273+t0）K=300K末态压强为p，温度为T=（273+t）K=500K代入数据可得p=1.67×105Pa（2）设再次平衡时封闭气体压强为p′，活塞A、B向左移动的距离分别为x、x′，由于气体温度始终不变，由玻意耳定律可得由平衡条件可知，对活塞A有对活塞B有联立解得x15.【答案】（1）；（2）或，【解析】【详解】（1）由法拉第电磁感应定律可得E=B0lv由闭合电路欧姆定律可得解得（2）为使列车得最大驱动力，MN、PQ应位于磁场中磁感应强度同为最大值且反向的地方，这会使得磁通量变化率最大，导致框中电流最强，也会使得金属框长边中电流受到的安培力最大。因此，d应为的奇数倍，即或由于法拉第电磁感应定律E=Blv当列车速度v＜v0时E=2B0l(v0-v)根据闭合电路欧姆定律有根据安培力公式，MN边所受的安培力FMN=B0IlPQ边所受的安培力FPQ=B0Il根据左手定则，MN、PQ边所受的安培力方向相同，此时列车驱动力的大小F=FMN＋FPQ=2B0Il联立解得16.（1）；（2）；（3）；（4）【详解】（1）由题意可知，物块甲从斜面顶端到最高点做逆向平抛运动，水平方向为匀速运动，设物块甲刚离开斜面时速度为，则有联立解得可知物块甲运动到最高点时的速度大小为（2）设物块甲在B点时速度为，对物块甲从B点到斜面顶端由动能定理有解得因为，所以物块甲在传送带上一直做减速运动。对物块甲从静止开始到B点，设弹簧弹力做功，由动能定理有解得根据功能关系可知弹簧最初储存的弹性势能（3）物块甲与物块乙在碰撞过程中，由动量守恒定律得v0=v甲x由机械能守恒定律得解得，以物块乙和木板为系统，由动量守恒定律得若木板向右加速至共速后再与挡板碰撞，由动能定理得解得可知木板与物块乙共速后再与挡板相碰。由动量守恒定律得木板向左减速过程中，由动能定理得解得