四川省德阳市凯江职业中学2022-2023学年高二化学摸底试卷含解析

四川省德阳市凯江职业中学2022-2023学年高二化学摸底试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.下列说法正确的是（

）A．需要加热才能发生的反应一定是吸热反应B．任何放热反应在常温条件下一定能发生反应C．反应物和生成物所具有的总能量决定了放热还是吸热D．吸热反应只能在加热的条件下才能进行参考答案：C2.下列说法正确的是（

）A.Na2CO3溶液中c(Na+)与c(CO32—)之比为2:1B.pH=2与pH=1的硝酸中c(H+)之比为1：10C.0.2mol?L-1与0.1mol/L醋酸中c(H+)之比为2:1D.相同体积的0.1mol?L-1盐酸和0.1mol/L醋酸分别与足量镁条反应，放出H2的体积比大于1:1参考答案：B略3.某温度下，反应H2（g）+I2（g）?2HI（g）的正反应为放热反应，在带有活塞的密闭容器中达到平衡．下列说法中正确的是（）A．体积不变，升温，正反应速率减小B．温度、压强均不变，充入HI气体，开始时正反应速率增大C．温度不变，压缩气体的体积，平衡不移动，颜色加深D．体积、温度不变，充入氮气后，正反应速率将增大参考答案：C考点：化学平衡的影响因素．专题：化学平衡专题．分析：A、升高温度，正、逆反应速率都增大；B、温度、压强均不变，充入HI气体，瞬间逆反应速率增大，反应物的浓度不变，正反应速率不变；C、压缩体积压强增大，I2浓度增大，反应前后气体的物质的量不变，平衡不移动；D、体积、温度不变，充入氮气后，反应混合物的浓度不变，速率不变，平衡不移动．解答：解：A、升高温度，正、逆反应速率都增大，故A错误；B、温度、压强均不变，充入HI气体，瞬间逆反应速率增大，反应物的浓度不变，正反应速率不变，故B错误；C、压缩体积压强增大，反应前后气体的物质的量不变，平衡不移动，I2浓度增大，颜色加深，故C正确；D、体积、温度不变，充入氮气后，反应混合物的浓度不变，速率不变，平衡不移动，故D错误；故选C．点评：考查化学平衡移动的影响因素，难度不大，D选项为易错点，注意改变压强的本质是改变体积引起浓度的变化，进而影响速率的变化．4.已知胰岛素含硫的质量分数为3.4%，相对分子质量为5734，则每个胰岛素分子中所含的硫原子数为A．2

B．4

C．6

D．8参考答案：C5.某烃结构式如下：－C≡C－CH＝CH－CH3，有关其结构说法正确的是:

A.所有原子可能在同一平面上

B.所有原子可能在同一条直线上C.所有碳原子可能在同一平面上

D.所有氢原子可能在同一平面上参考答案：C6.下列装置或操作能达到实验目的的是A．用甲图装置可从食盐水中提取食盐B．用乙图装置验证NaHCO3和Na2CO3的热稳定性C．用丙图装置除去乙醇中的水D．用丁图装置利用酒精萃取碘水中的碘参考答案：B略7.下列电离方程式错误的是A．CaCl2＝Ca2++2Cl－

B．Ba(OH)2＝Ba2++2OH－C．HNO3＝H++NO3－

D．NaHCO3＝Na++H++CO32－参考答案：D试题分析：A．CaCl2＝Ca2++2Cl－，正确：B．Ba(OH)2＝Ba2++2OH－，正确；C。HNO3＝H++NO3－，正确；D．NaHCO3＝Na++HCO3－，错误；选D。考点：考查电离方程式的书写。8.NaCl是一种化工原料，可以制备一系列物质（见图4）。下列说法正确的是A.25℃，NaHCO3在水中的溶解度比Na2CO3的大B.石灰乳与Cl2的反应中，Cl2既是氧化剂，又是还原剂C.常温下干燥的Cl2能用钢瓶贮存，所以Cl2不与铁反应D.图4所示转化反应都是氧化还原反应参考答案：B9.下列推断正确的是 ()

A．BF3是三角锥形分子

B．NH的电子式：

，离子呈平面形结构C．CH4分子中的4个C—H键都是氢原子的1s轨道与碳原子的p轨道形成的s-pσ键D．CH4分子中的碳原子以4个sp3杂化轨道分别与4个氢原子的1s轨道重叠，形成4个C—Hσ键参考答案：D10.在水玻璃中通入足量的CO2气体，充分反应后，加热蒸发，再高温灼烧，最后所得的固体物质是

A、SiO2与NaHCO3

B、SiO2与Na2CO3

C、SiO2

D、Na2SiO3参考答案：D11.一定条件下，下列反应中水蒸气含量随反应时间的变化趋势符合下图的是

温度(T)的影响

压强(P)的影响A．CO2(g)+2NH3(g)

CO(NH2)2(s)+H2O(g)△H＜0B．CO2(g)+H2(g)

CO(g)+H2O(g)△H＞0C．CH3CH2OH(g)

CH2=CH2(g)+H2O(g)△H＞0D．2C6H5CH2CH3(g)+O2(g)2C6H5CH=CH2(g)+2H2O(g)△H＜0参考答案：A略12.下列反应属于置换反应的是A.2C+SiO2Si+2CO↑B.Na2CO3+CO2+H2O＝2NaHCO3C.2H2O22H2O+O2↑D.Fe(OH)3+3HCl=FeCl3+3H2O参考答案：A一种单质与一种化合物反应生成另一种单质与化合物的反应是置换反应，则A.2C+SiO2Si+2CO↑是置换反应，A正确；B.Na2CO3+CO2+H2O＝2NaHCO3属于化合反应，B错误；C.2H2O22H2O+O2↑属于分解反应，C错误；D.Fe(OH)3+3HCl=FeCl3+3H2O属于复分解反应，D错误，答案选A。13.已知C（s）+O2（g）=CO2（g）；△H=—393.5KJ/mol

H2（g）+1/2O2（g）=H2O（g）；△H=—241.5KJ/mol欲得到相同热量，需充分燃烧C和H2的质量比约为

（

）A、12：3.25

B、3.25：12

C、1：1

D、6：1参考答案：A略14.在前18号元素中，原子最外层电子层只有1个或2个电子的元素是

（

）A．金属元素

B．稀有气体元素

C．非金属元素

D．无法确定哪类元素参考答案：D略15.在一密闭容器中充入10molH2和1molN2，发生反应N2(g)＋3H2(g)

2NH3(g)，达到平衡时H2转化率可能是

A.25%

B.30%

C.35%

D.75%参考答案：A略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.（10分）接触室中废钒催化剂含V2O5、VOSO4和SiO2等，VOSO4能溶于水，从废钒催化剂中回收V2O5的主要流程如下：（1）反萃取过程使用1.5mol/LH2SO4，配制500mL该溶液需要质量分数为98%的浓硫酸

（98%浓硫酸的密度为1.84g/cm3）。实验中需要的玻璃仪器有：烧杯、玻璃棒、量筒、

、

。

（2）Na2SO3与V2O5的反应中，氧化剂是

。浸取还原过程的产物为VOSO4，氧化反应为：KClO3+VOSO4+H2SO4→(VO)2(SO4)3+KCl+H2O（未配平），该反应中KClO3与VOSO4的计量数之比为

。（3）质谱法分析沉淀的摩尔质量为598g/mol，取沉淀59.8g充分焙烧，得固体残留物54.6g，再将所得气体通过碱石灰，减少1.8g，剩余气体能被稀硫酸完全吸收。通过计算确定沉淀的化学式。（V的相对原子质量为51）参考答案：（10分）（1）24.5(2分)胶头滴管、500mL容量瓶（2分）（2）V2O5（1分）

1∶6（2分）（4）(NH4)2V6O16或V6N2H8O16（3分）略三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.根据VSEPR模型，H3O+的分子立体结构为：___________________________，BCl3的立体结构为：____________________________。参考答案：三角锥形、正三角形18.（10分）(1)按系统命名法命名．

①有机物的名称是

。

(2)写出下列各种有机物的结构简式

①2，3-二甲基-4-乙基已烷

；②支链只有一个乙基且式量最小的烷烃

；③的同分异构体中具有“手性碳原子”的有

种，写出其中一种的名称

。参考答案：（10分，每个2分）（1）①2,3-二甲基戊烷

（2）①

②

③2种

3-甲基己烷或2,3-二甲基戊烷19.已知A、B、C、D、E都是周期表中前四周期的元素，它们的核电荷数依次增大。其中A原子核外有三个未成对电子；A与B可形成离子化合物B3A2；C元素是地壳中含量最高的金属元素；D原子核外的M层中有两对成对电子；E原子核外最外层只有1个电子，其余各层电子均充满。请根据以上信息，回答下列问题(答题时，A、B、C、D、E用所对应的元素符号表示)：（1）B的轨道排布式是_____________________________________，A、B、C、D的第一电离能由小到大的顺序为___________________________________________。（2）B的氯化物的熔点远高于C的氯化物的熔点，理由是________________________；（3）A的最高价含氧酸根离子中，其中心原子采取____________杂化，D的低价氧化物分子的空间构型是___________________________。（4）A、E形成某种化合物的晶胞结构如图所示，则其化学式为________________；(每个球均表示1个原子)若相邻A原子和E原子间的距离为anm，阿伏伽德罗常数为NA，则该晶体的密度为_____________g/cm3(用含a、NA的符号表示)。参考答案：(1)

A1<Mg<S<N

(2)MgCl2为离子晶体而A1C13为分子晶体

(3)sp2

V形

(4)Cu3N

解析：C元素是地壳中含量最高的金属元素，所以C是Al元素，D原予核外的M层中有两对成对电子，且D的原子序数大于C，所以D是S元素，E原子核外最外层只有1个电子，其余各层电子均充满，且E是前四周期的元素，E的原子序数大于16，所以E是Cu元素，A原子核外有三个未成对电子，且原子序数小于13，所以A是N元素，A与B可形成离子化合物B3A2，且B的原子序数大于A小于C，所以B是Mg元素．（1）B是Mg元素，核电荷数为12，根据核外电子排布规律B的轨道排布式是，Mg、Al、S元素是同一周期元素，同一周期元素的第一电离能逐渐增大，但镁的第一电离能大于铝的第一电离能，同一主族的第一电离能随着原子序数的增大而减小，所以N元素的第一电离能大于P元素，P元素第一电离能大于S元素，所以Mg、Al、S、N元素的第一电离能由小到大的顺序为Al＜Mg＜S＜N。故答案为：、A1<Mg<S<N（2）氯化镁是离子晶体，氯化铝是分子