湖南省常德市桃源县牛车河乡中学高一化学联考试题含解析

湖南省常德市桃源县牛车河乡中学高一化学联考试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.实验室用固态不纯氯化钠（含少量NH4HCO3和Na2SO4杂质）配制纯净氯化钠溶液。下列操作可供选用：

①煮沸；②逐滴加入稀盐酸，调pH值为5；③加蒸馏水溶解；④加热至不再产生气味为止；⑤加入稍过量的BaCl2溶液；⑥加入稍过量的Na2CO3溶液；⑦过滤。上述实验操作的正确顺序应是

（

）A．①②⑤⑥⑦③④

B．④③⑤⑥⑦②①C．④③⑥⑤⑦①②

D．③④⑥⑤⑦①②参考答案：B略2.下列关于物质的量和摩尔质量的叙述，正确的是()A．水的摩尔质量是18g

B．0.012kg12C中约含有6.02×1023个碳原子C．1mol水中含有2mol氢和1mol氧

D．1mol任何物质都含有6.02×1023个分子参考答案：B略3.X、Y、Z、W为四种短周期元素，它们在周期表中位于连续的四个主族，如图所示．Z元素原子最外层电子数是内层电子总数的1/5．下列说法中正确的是（）

XYZW

A．原子半径由小到大的顺序为：X＜Z＜Y＜WB．Y元素最高价氧化物对应的水化物化学式为H3YO4C．X、Z两种元素的氧化物中所含化学键类型相同D．Y最简单气态氢化物比Y相邻周期同主族元素气态氢化物沸点高参考答案：D【考点】元素周期律和元素周期表的综合应用；原子结构与元素周期律的关系．【分析】X、Y、Z、W为四种短周期元素，由它们在周期表位置可知，X、Y处于第二周期，Z、W处于第三周期，四元素位于连续的四个主族，Z元素原子最外层电子数是内层电子总数的，最外层电子数为=2，故Z为Mg，则W为Al、X为C、Y为N，据此解答．【解答】解：X、Y、Z、W为四种短周期元素，由它们在周期表位置可知，X、Y处于第二周期，Z、W处于第三周期，四元素位于连续的四个主族，Z元素原子最外层电子数是内层电子总数的，最外层电子数为=2，故Z为Mg，则W为Al、X为C、Y为N．A．同周期从左向右原子半径在减小、同主族自上而下原子半径增大，则原子半径为Y＜X＜W＜Z，故A错误；B．Y为N元素，最高价氧化物对应的水化物化学式为HNO3，故B错误；C．X的氧化物为CO、CO2，Z的氧化物为Na2O、Na2O2，CO、CO2中含有共价键，氧化钠和过氧化钠中含有离子键，故C错误；D．Y最简单气态氢化物为氨气，由于氨气分子之间形成羟基，比Y相邻周期同主族元素气态氢化物沸点高，故D正确，故选D．4.下列变化中，需加入氧化剂才能实现的是A.N2→NH3 B.MgCl2→MgSO4 C.Cu→CuO D.FeO→Fe参考答案：C本题考查了氧化还原反应的知识。N2→NH3，氮元素的化合价降低，则需要加还原剂才能实现，故A错。MgCl2→MgSO4，元素的化合价都没有变，故B错。Cu→CuO，铜元素的化合价升高，则需要加氧化剂才能实现，故C正确。FeO→Fe，铁元素的化合价降低，则需要加还原剂才能实现，故D错。5.下列有关氮元素的单质及其化合物的说法错误的是（）①氮气与氧气在放电的条件下可直接生成NO2②铵盐都不稳定，受热分解都生成氨气③向Fe（NO3）2溶液中滴加稀盐酸，无明显的变化④实验室加热氯化铵固体，用碱石灰除去氯化氢的方法制备氨气．A．①③④

B．①③

C．①④

D．①②③④参考答案：D考点：含氮物质的综合应用．.专题：氮族元素．分析：①在放电条件下，氮气和氧气反应生成一氧化氮；②铵盐受热都能分解，但不是都能生成氨气；③亚铁离子能和稀硝酸发生氧化还原反应；④氯化铵受热易分解，冷却时又生成氯化铵．解答：①放电条件下，氮气和氧气反应生成一氧化氮而不是二氧化氮，一氧化氮不稳定，易被氧气氧化生成二氧化氮，故错误；②NH4NO3加热到190℃时分解生成一氧化二氮和水，若加热到300℃左右时分解生成氮气、硝酸和水，故错误；③向硝酸亚铁溶液中加入稀盐酸，酸性条件下，硝酸根离子具有强氧化性，能把亚铁离子氧化生成铁离子，同时自身被还原生成一氧化氮，故错误；④氯化铵受热易分解，冷却时又生成氯化铵，所以得不到氨气，故错误；故选D．点评：本题考查了氮及其化合物的性质，根据一氧化氮的稳定性大小、铵盐的性质来分析解答，易错选项是③，注意酸性条件下，硝酸根有强氧化性，常常被学生忽略，为易错点．6.下列化学反应的离子方程式正确的是（）A．氯化铝溶液中加入过量氨水：Al3++4NH3?H2O═AlO2﹣+4NH4++2H2OB．Cl2通入NaOH溶液中：Cl2+OH﹣═Cl﹣+ClO﹣+H2OC．二氧化氮与水反应：3NO2+H2O═2H++2NO3﹣+NOD．往碳酸镁中滴加稀盐酸：CO32﹣+2H+═CO2↑+H2O参考答案：C【考点】离子方程式的书写．【分析】A．氨水为弱碱，反应生成氢氧化铝沉淀；B．离子方程式两边负电荷不相等，违反了电荷守恒；C．二氧化氮与水反应生成硝酸和NO；D．碳酸镁为难溶物，离子方程式中不能拆开．【解答】解：A．反应生成的是氢氧化铝沉淀，正确的离子方程式为：Al3++3NH3?H2O=Al（OH）3↓+3NH4+，故A错误；B．Cl2通入NaOH溶液中，反应生成偏铝酸钠、氯化钠和水，正确的离子方程式为：Cl2+2OH﹣═Cl﹣+ClO﹣+H2O，故B错误；C．二氧化氮与水反应的离子方程式为：3NO2+H2O═2H++2NO3﹣+NO，故C正确；D．碳酸镁不能拆开，正确的离子方程式为：MgCO3+2H+=Mg2++H2O+CO2↑，故D错误；故选C．7.用NA表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A.标准状况下0.1NA个水分子所占的体积约为2.24LB.11.2LCO2的物质的量为0.5molC.NH3的摩尔质量等于NA个氨分子的质量之和D.101kPa、4℃时,（ρ水=1g/mL）18mL水和202kPa、27℃时32gO2所含分子数均为NA参考答案：D【详解】A、在标准状况下水不是气体，不能用气体摩尔体积来计算，A项错误；B、题中没有指明温度、压强，因此不能确定11.2LCO2的物质的量就是0.5mol，故B项错误；C、NH3的相对分子质量为17，其摩尔质量为17g·mol?1，NA个NH3分子的质量之和为17g，三者在数值上相同，但单位不同，故C项错误；D、4℃时，18mL水就是18g水，其物质的量为1mol，含有NA个水分子；32gO2的物质的量是1mol，不管在什么温度和压强下，1molO2都含有NA个O2分子。故D正确。8.下列关于实验的说法中正确的是A.实验桌上的酒精灯倾倒了并燃烧起来，马上用湿布扑灭B.蒸馏实验中如果液体较少，可以不加沸石（或碎瓷片）C.进行萃取操作时，应选择有机萃取剂，且萃取剂的密度必须比水大D.选择量筒量取液体时，应满足“大而近”的原则，所以应用10mL的量简量取8.80mL稀硫酸参考答案：A【分析】根据灭火、蒸馏、萃取的原理，计量仪器选择原则分析判断。【详解】A项：酒精灯倾倒燃烧，用湿布覆盖可隔绝空气并降低温度。A项正确；B项：蒸馏时加热液体混合物，必须加沸石（或碎瓷片）以防止暴沸。B项错误；C项：萃取操所选萃取剂，应与“原溶剂不相溶、与原溶质不反应、溶质在萃取剂中溶解度大”。萃取剂的密度可比原溶剂大，也可比原溶剂小。C项错误；D项：10mL量简的精度为0.1mL，不能量取8.80mL液体。D项错误。本题选A。9.对于相同物质的量的SO2和SO3，下列说法中正确的是（

）。A．硫元素的质量比为5:4

B．分子数之比为5:4C．原子总数之比为3:4

D．质量之比为1:1参考答案：C略10.同温同压下，在两个密闭容器中分别充有质量相同的甲、乙两种气体，且甲的密度大于乙的密度。则下列说法正确的是（

）A．甲的物质的量比乙的物质的量少

B．甲气体所占体积比乙气体所占体积大C．甲相对分子质量比乙相对分子质量小

D．甲气体摩尔体积比乙的气体摩尔体积小参考答案：A略11.某烃1mol完全燃烧生成4molCO2，且能与2mol氢气加成，该烃是下列中的

A、CH2=CHCH2CH3

B、(CH3)2CHCH=CH2

参考答案：C略12.下列说法中，正确的是(

)。A．在周期表中，族序数都等于该族元素的最外层电子数B．非金属性最强的元素，其最高价氧化物对应水化物的酸性最强C．卤素单质随原子序数的增大，其熔沸点逐渐降低D．碱金属随原子序数的增大，其熔沸点逐渐降低参考答案：D13.某温度下，在固定容积的密闭容器中，可逆反应A(g)+3B(g)2C(g)达到平衡时，各物质的物质的量之比是n(A)∶n(B)∶n(C)=2∶2∶l。保持温度不变，以2∶2∶1的物质的量之比再充入A，B，C，则（

）A.平衡向正方向移动

B.平衡不发生移动C.C的体积分数减小

D.C的体积分数不变参考答案：A达到平衡时，各物质的物质的量之比为n(A)∶n(B)∶n(C)=2∶2∶1。如果保持温度不变，以2∶2∶1的物质的量之比再充入A、B、C，则相当于是在原平衡的基础上缩小容器的容积，即增大压强，正逆反应速率均是增大的，平衡向正反应方向移动，因此选项A正确，B错误；C的体积分数增大，选项CD错误。答案选A。点睛：本题考查外界条件对平衡状态的影响。该题是高考中的常见题型，属于中等难度的试题。试题综合性强，侧重对学生能力的培养和解题方法的指导与训练，有利于培养学生的逻辑推理能力和创新思维能力。14.下列化合物中，不属于有机物的是

(

)A、甲烷

B、淀粉

C、碳酸钙

D、蔗糖参考答案：C略15.不考虑所加溶剂对植物种子是否有害，下列物质中，不能用来提取植物种子里的油的是

A.水

B.汽油

C.苯

D.四氯化碳参考答案：A二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.实验探究：探究碳、硅元素的非金属性的相对强弱．根据要求完成下列各小题．（1）实验装置：填写所示仪器名称A

B

（2）实验步骤：连接仪器、

、加药品后，打开a、然后滴入浓硫酸，加热．（3）问题探究：（已知酸性强弱：亚硫酸＞碳酸）①铜与浓硫酸反应的化学方程式是

；装置E中足量酸性KMnO4溶液（具有强氧化性）的作用是

；②能说明碳元素的非金属性比硅元素非金属性强的实验现象是

；③依据试管D中的实验现象，能否证明硫元素的非金属性强于碳元素的非金属性

（填“能”或“否”），试管D中发生反应的离子方程式是

．参考答案：（1）分液漏斗；圆底烧瓶；（2）检查装置的气密性；（3）①Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+SO2↑+2H2O；除去SO2气体；②盛有Na2SiO3溶液的试管中出现白色沉淀；③否；SO2+2HCO3﹣=SO32﹣+H2O+2CO2．解：（1）根据装置图中的仪器可知A为分液漏斗，B为圆底烧瓶，故答案为：分液漏斗；圆底烧瓶；（2）反应生成气体，在加入药品之前需要检验装置的气密性，防止气密性不好导致气体泄漏，故答案为：检查装置的气密性；（3）①在加热条件下铜与浓硫酸反应生成二氧化硫、硫酸铜和水，其反应方程式为：Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+SO2↑+2H2O；多余的二氧化硫用酸性KMnO4溶液吸收，防止干扰后面的试验，故答案为：Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+SO2↑+2H2O；除去SO2气体；②二氧化碳与Na2SiO3溶液反应生成硅酸，证明了碳酸酸性比硅酸强，说明碳元素的非金属性比硅元素非金属性强，所以盛有Na2SiO3溶液的试管中出现白色沉淀即说明碳元素的非金属性比硅元素非金属性强，故答案为：盛有Na2SiO3溶液的试管中出现白色沉淀；③依据最高价含氧酸的酸性强弱判断非金属性强弱，二氧化硫溶于水生成的是亚硫酸，不是最高价含氧酸，所以不能判断非金属性强弱，试管D中发生反应是二氧化硫与碳酸氢钠生成二氧化碳，其离子方程式为：SO2+2HCO3﹣=SO32﹣+H2O+2CO2，故答案为：否；SO2+2HCO3﹣=SO32﹣+H2O+2CO2．三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.某化学反应2AB+D在三种不同条件下进行，B、D的起始浓度为0，反应物A的浓度（mol/L）随反应时间（min）的变化情况如下表所示，表中温度为摄氏度（℃）。实验序号

时间浓度温度010203040506018001．00.800.670.570.50c10.5028001.00.600.500.500.500.500.503T31.00.400.250.200.200.200.20根据上述数据，回答下列问题：（1）在实验1中，以反应物A浓度的变化表示该反应在0~10min内的平均反应速率为_______。（2）在实验1中，c1数值为________。（3）在实验1、2中有一个实验使用了正催化剂。判断是实验________（选填“1”或“2”）使用了正催化剂。（4）在实验1、3中反应温度不同。判断T3________800（选填“＜”或“＞”）。参考答案：(1)0.02mol/(L·min)或0.02mol·L-1·min-1

(2)0.50

(3)2

(4)＞解析：本题考查化学反应速率的计算，以及影响化学反应速率的因素，（1）根据化学反应速率的数学表达式，c(A)=(1－0.8)/10mol/(L·min)=0.02mol/(L·min)；（2）根据表格数据，实验1在40min达到平衡，因此c1=0.50mol·L－1；（3）使用催化剂，加快反应速率，达到平衡所用的时间较短，实验1在40min达到平衡，实验2在20min达到平衡，因此实验2使用了正催化剂；（4）实验3，0－10min时，A的反应速率是v(A)=(1－0.4)/10mol/(L·min)=0.06mol/(L·min)，反应速率大于实验1，升高温度，化学反应速率加快，因此T3>800℃。【点睛】本题的易错点是化学反应速率的计算，化学反应速率的定义是单位时间反应物浓度的减少或生成物浓度的增加，注意是浓度的变化，不是物质的量变化，同时化学反应速率不仅要有数值还要有单位，单位的书写mol/(L·min)或mol·L-1·min-1。18.实验室用下列两种方法制氯气：①用含HCl146g的浓盐酸与足量MnO2充分反应；②用87gMnO2与足量的浓盐酸充分反应，则（1）写出实验室制取氯气的化学方程式__________________________________________（2）两种方法生成的氯气的量是方法①_