2021年安徽省芜湖市萃英园中学高二物理联考试题含解析

2021年安徽省芜湖市萃英园中学高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示为甲乙两单摆在同地做简谐振动的图像，则由图可知A．甲和乙的摆长一定相同B．甲的摆球质量较小C．t2时刻两球处于各自速度最大的位置D．t3和t4时刻甲球的速度大小相等方向相反，但回复力相同参考答案：ACD2.某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是（）A．若选择甲图，测量值偏大B．若选择乙图，测量值偏大C．若被测电阻RX与电流表接近，应该选择乙图误差较小D．若被测电阻RX与电压表接近，应该选择甲图误差较小参考答案：B【考点】伏安法测电阻．【分析】该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻阻值是电流表内阻与待测电阻的串联值的和，电流表外接法测得的电阻阻值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值；用的电流表内阻越小，电压表内阻越大，测量的误差越小．【解答】解：A、甲图所示电路是电流表外接法，用它测量电阻时，测量值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值，故测得的电阻值偏小，故A错误；B、乙图所示电路是电流表内接法，用它测量电阻时，测量值R测=Rx+RA＞Rx，B正确；C、电流表内阻很小，被测电阻RX与电流表接近，则所测电阻较小，因此应该选择甲图误差较小，故C错误；D、电压表内阻越大，被测电阻RX与电压表接近，应该选择乙图误差较小．故D错误．故选：B．3.经典力学有一定的适用范围和局限性，不适合用经典力学描述的运动是

A．子弹的飞行

B．粒子接近光速的运动C．列车的运行

D．飞船绕地球的运行参考答案：B4.（多选题）在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有（）A．升压变压器的输出电压增大B．降压变压器的输出电压增大C．输电线上损耗的功率增大D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大参考答案：CD【考点】远距离输电；变压器的构造和原理．【分析】正确解答本题需要掌握：理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压由输入电压决定；明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系．理想变压器电压和匝数关系．【解答】解：A、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，故A错误．B、由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，根据P=UI，可知输电线上的电流I线增大，根据U损=I线R，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压U3=U2﹣U损可得，降压变压器的输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故B错．C、根据，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确．D、根据η==，发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大．故D正确．故选：CD．5.如图所示，电源的电动势为E，内电阻为r．开关S闭合后，灯泡L1、L2均能发光．现将滑动变阻器R的滑片P稍向下移动，则下列说法中正确的是A．灯泡L1变暗，L2变亮

B．灯泡L1、L2均变暗C．电流表的示数变大D．电源的总功率变大参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.两导体导电时的I-U图线如图11所示，则电阻R1:R2=

；若两个导体中的电流强度相等(不为0)时，导体两端电压之比U1:U2=

。

参考答案：7.（1）、平衡状态：（1）静止：物体的速度和

都等于零（2）匀速运动：物体的加速度为零，

不为零且保持不变。（2）、共点力作用下物体的平衡条件：

即F合=0参考答案：（1）加速度

（2）

速度

（3）合外力为零

8.一定质量的理想气体，在压强不变的条件下，它在100℃时的体积和9℃时的体积之比是

。它在0℃时的热力学温度是

K。参考答案：9.把一个铜环放在匀强磁场中，使环的平面与磁场的方向垂直并使铜环沿着磁场的方向移动(如图甲)，如果把一个铜环放在磁场是不均匀的(如图乙)，也是使铜环沿着磁场的方向移动，则能产生感应电流的是图

，不能产生感应电流的是图

。

参考答案：10.如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒，一匀强磁场垂直于斜面，当导体棒内通有垂直纸面向里的电流I时，导体棒恰好静止在斜面上。则匀强磁场的方向为垂直斜面_______（填向上或向下），匀强磁场的磁感应强度的大小为B＝______。（重力加速度为g）参考答案：11.（4分）完成核反应方程：→+

，这种核反应成为

衰变。参考答案：，12.生活中常见的放电方式有：

、

；.避雷针是利用

的原理工作的参考答案：13.（16分）如图为日常生活用电的电压随时间变化的规律图，由图可知：该交流电电压的峰值为

V，有效值为

V，周期为

s，频率为

Hz。参考答案：220，220，0.02，50三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（6分）某同学选用匝数可调的可拆变压器来“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验，变压器原线圈两端所接的电源应是电压为12V的低压

（选填“交流电源”或“直流电源”）。先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压

；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压

（选填“增大”、“减小”或“不变”）。上述探究副线圈两端的电压与匝数的关系中采用的实验方法是

（选填“控制变量法”、“转换法”或“类比法”）。参考答案：交流电源，增大，减小，控制变量法变压器的工作原理是互感现象，故原线圈两端所接的电源应是电压为12V的低压交流电源；根据变压比公式，保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压增大；根据变压比公式，保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压减小；上述探究副线圈两端的电压与匝数的关系中采用的实验方法是控制变量法。15.碰撞的恢复系数的定义为e=，其中v10和v20分别是碰撞前两物体的速度，v1和v2分别是碰撞后两物体的速度．弹性碰撞的恢复系数e=1，非弹性碰撞的e＜1，某同学借用验证动量守恒定律的实验装置（如图所示）物质弹性碰撞的恢复系数是否为1，实验中使用半径相等的钢质小球1和2（它们之间的碰撞可近似视为弹性碰撞），且小球1的质量大于小球2的质量．实验步骤如下安装好实验装置，做好测量前的准备，并记下重垂线所指的位置O．第一步，不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上．重复多次，用尽可能小的圆把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置．第二步，把小球2放在斜槽前端边缘处的C点，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞．重复多次，并使用与第一步同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置．第三步，用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度．在上述实验中，（1）P点是

的平均位置，M点是

的平均位置，N点是

的平均位置．（2）请写出本实验的原理

写出用测量的量表示的恢复系数的表达式

（3）三个落地点距O点的距离OM、OP、ON与实验所用的小球质量是否有关？

．参考答案：（1）在实验的第一步中小球1落点；小球1与小球2碰撞后小球1落点；小球2落点（2）小球从槽口C飞出后作平抛运动的时间相同；e=．（3）OP与小球的质量无关，OM和ON与小球的质量有关．【考点】验证动量守恒定律．【分析】（1）根据题意：小球1的质量大于小球2的质量，第二步中两球碰撞后，球2的速度大，平抛运动的水平位移大，N点是其落点．碰后，球1的速度减小，将落在M点，可以得出三个点为小球的三个落地点的平均位置；（2）通过平抛运动的知识，先根据高度求时间，再根据水平位移求出三个速度；（3）根据平抛运动的规律和碰撞过程动量守恒，分析可知OP与小球的质量无关，OM和ON与小球的质量有关．【解答】解：（1）根据题意可知，小球1的质量大于小球2的质量，第二步中两球相碰后球1的速度减小，落在M点，球2的质量，获得的速度大，落在N点，则第一步中球1落在P点，P点是在实验的第一步中小球1落点的平均位置；M点是小球1与小球2碰撞后小球1落点的平均位置；N点是小球2落点的平均位置；（2）本实验的原理小球从槽口C飞出后作平抛运动的时间相同，设为t，则有OP=v10t，OM=v1t，ON=v2t小球2碰撞前静止，即：v20=0

因而碰撞系数为：（3）第一步中，球1做平抛运动，根据平抛运动的规律：x=v0t=v0，可知水平位移与小球的质量无关，则知OP与小球的质量无关．根据碰撞过程的动量守恒：m1v1=m1v1′+m2v2′，可知碰后两球的速度与其质量有关，则OM和ON与小球的质量有关．故答案为：（1）在实验的第一步中小球1落点；小球1与小球2碰撞后小球1落点；小球2落点（2）小球从槽口C飞出后作平抛运动的时间相同；e=．（3）OP与小球的质量无关，OM和ON与小球的质量有关．【点评】由验证动量守恒定律的实验改进而来，关键要分析清楚实验的原理，同时要结合动量守恒定律和平抛运动的相关知识列式分析．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.竖直放置的半圆形光滑绝缘管道处在如图16所示的匀强磁场中，B=1.1T，管道半径R=0.8m，其直径POQ在竖直线上，在管口P处以2m/s的速度水平射入一个带电小球，可把它视为质点，其电荷量为lO-4C(g=lOm/s2)，试求：(1)小球滑到Q处的速度为多大?(2)若小球从Q处滑出瞬间，管道对它的弹力正好为零，小球的质量为多少?参考答案：(1)小球从P滑到Q处的过程中，据机械能守恒定律有：mg×2R=代人数据得v0=6m／s(2)对Q处的小球受力分析如图所示，据牛顿第二定律有：qvB-mg=m代入数据得m=1.2×10-5kg.17.如图所示，质量为=1kg的滑块静止于光滑的水平面上，一小球=50g，以1000m/s的速率碰到滑块后又以800m/s速率被弹回，滑块获得的速度为多少?参考答案：18.如图所示，质量为m，电荷量为e的电子，从A点以速度v0垂直于电场方向射入一个电场强度为E的匀强电场中，从B点射出电场时的速度方向与电场线成120°角，电子重力不计。求：(1)电子