2022年高考物理点睛卷（福建卷）教师版

2022年高考物理点睛卷（福建卷）

一、选择题（共8题，共40分。-4题为单选题，每题4分，5-8题为多选题，每题

6分）

1.某趣味物理实验中，在水平桌面上从桌子一角/向8发射一个乒乓球，一同学在桌

边试着用一支吹管将球由B处吹进球门C,垂直8C,如图所示，该同学将吹管对

准C用力吹，但球没有进入球门。于是该同学调整了实验方案，你认为可能成功的是

（）

吹管u

力。------*-------------

球门

A.用更大的力在8处吹气

B.将吹管向左平移适当距离

C.将球门C沿直线CB向B点移动一小段距离

D.将吹管绕8点顺时针转动90。，正对着N吹气

2.尸八尸2为相距遥远的两颗行星，距各自表面相同高度处各有一颗卫星s/、S2做匀速

圆周运动。图中纵坐标表示行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a,横坐标

表示物体到行星中心的距离「的平方，两条曲线分别表示P、巳周围的“与"的反比

关系，它们左端点横坐标相同。则（）

A.A的平均密度比尸2的小

B.s/的公转周期比口的小

C.5/的向心加速度比S2的小

D.B的“第一宇宙速度''比P/的小

3.如图所示，一个有理想边界、磁感应强度8=5、10-町的矩形匀强磁场488区

试卷第1页，共7页

域，对角线/c放一个挡板，AB=CD=20V3cm,BC=AD=20cm.左边有一个宽度

等于的线状粒子源，可以水平向右发射速度v=lxl（）5m/s的粒子，粒子的质量

/n=lxl0-25kg,电荷量夕=-2x10-",不计粒子的重力和粒子间的相互作用，在挡板

ZC上能打上粒子部分的长度是（）

粒

子

源

A.10cmB.loVJcmC.20V3cmD.20cm

4.如图，在竖直平面内有。、b、c三点，。点在6点正上方，b、c连线水平。现将

一质量为加、带电荷量为4的正电小球从a点以初速度%抛出。第一次沿水平方向抛

出小球，且空间无电场，小球经过c•点的速度大小变为2%；第二次沿某一方向抛出小

球，空间存在方向平行于所在平面的匀强电场，小球经过J点时的速度大小变为

4%。不计空气阻力，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）

a・

A.所加电场的方向水平向左B.a、b两点之间的高度差为其

2g

C.b、c两点之间的距离为笼D.。间的电势差为包史；

g夕

5.下列说法中正确的是（）

A.普朗克提出“振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍”，从而建立

试卷第2页，共7页

了“能量量子化”观点

B.如果某种物体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波，而不发生反射，这种物体就

被称为“黑体”

C.我们周围的一切物体都在辐射电磁波，这种辐射与温度无关

D.爱因斯坦指出“光不仅在发射和吸收时能量是一份一份的，而且光本身就是由一个

个不可分割的能量子组成的“

6.如图所示，一小型渔港的防波堤两端相距约60m,在防波堤后4、B两处有两

个小船进港躲避风浪。某次海啸引起的波浪沿垂直于防波堤的方向向防波堤传播，下

列说法正确的有（）

A.假设波浪的波长约为10m,则8两处小船基本上不受波浪影响

B.假设波浪的波长约为10m,则8两处小船明显受到波浪影响

C.假设波浪的波长约为55m,则8两处小船基本上不受波浪影响

D.假设波浪的波长约为55m,则4，8两处小船明显受到波浪影响

7.如图甲所示，过均匀带电金属球的球心。建立一维坐标系。以无穷远处的电势为

零，x轴上的电势夕分布如图乙所示。已知|力＜当，下列说法正确的是（）

A.该带电体带负电

B.X/处的电场强度比X2处的电场强度小

C.电子在X/处的电势能比在X2处的大

D.将质子从X/处移到X2处，电场力做正功

8.国产手机在短短十年，就蜕变成和三星、苹果竞争的高端产业，不仅在于加大了研

发和创新力度，也有属于自己的核心技术。图甲某国产手机无线充电器的示意图。原

理如图乙所示。当浦间接上220V的正弦交变电流后，受电线圈中产生交变电流。送

电线圈的匝数为〃/,受电线圈的匝数为［2,且〃/：1.两个线圈中所接电阻的阻

值均为R,当该装置给手机快速充电时，手机两端的电压为4V,充电电流为2A,则

试卷第3页，共7页

下列判断正确的是（

A.流过受电线圈与送电线圈的电流之比为1：4

B.快速充电时，受电线圈立两端的输出电压为52V

C.快速充电时，两线圈上所接电阻的阻值E=24C

D.充电时，油端接入的电阻R与cd端接入的电阻R的电功率之比为16：1

二、填空题（共2题，共8分）

9.1919年，卢瑟福发现了质子，现在科学家用质子轰击锂核Li,生成了2个a粒

子，这个核反应方程为,若用如表示质子质量，加2表示锂核质量，m3

表示a粒子质量，则此反应中释放的能量A£=。

10.如图所示，一定质量的理想气体的图像如图所示，图中外线段的反向延长

线过坐标原点，则4fb过程中，该理想气体对外界（填"做正功”、"做负功''或

“不做功”），理想气体的温度（填“升高”“降低”或“不变”）。

三、实验题（共2题，共12分）

11.在“探究两个互成角度的力的合成规律''实验中：

①采用的科学方法是.

A.理想实验法B.等效替代法

C.控制变量法D.建立物理模型法

②实验时的橡皮筋和细绳套如图所示，。点为橡皮筋原长的位置，。'点为橡皮筋拉长

后达到的位置。在实验过程中需要记录的“结点”应该选择（填"O”或"0'"）。

试卷第4页，共7页

③如图2所示，弹簧测力计的示数为N；

④下列操作有利于减小实验误差的是。

A.图1中两细绳必需等长

B.两个分力的夹角尽量大于150。

C.拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧测力计应贴近并平行于木板

D.确定拉力方向时，在细绳正下方描出的两个点要适当远些

12.某兴趣小组使用如图1电路，探究太阳能电池的输出功率与光照强度及外电路电

阻的关系，其中P为电阻箱，凡是阻值为37.9k。的定值电阻，E是太阳能电池，gA

是电流表（量程0~100S,内阻2.10kQ）

图1

（1）实验中若电流表的指针位置如题图2所示，则电阻箱P两端的电压是Vo

（保留3位有效数字）

（2）在某光照强度下，测得太阳能电池的输出电压U与电阻箱P的电阻H之间的关

系如图3中的曲线①所示。不考虑电流表和电阻凡消耗的功率，由该曲线可知，M点

对应的太阳能电池的输出功率是mW。（保留3位有效数字）

（3）在另一更大光照强度下，测得关系如图3中的曲线②所示。同样不考虑电

试卷第5页，共7页

流表和电阻凡消耗的功率，与曲线①相比，在电阻火相同的情况下，曲线②中太阳能

图3

四、解答题（共3题，共40分）

13.小丽使用一根木杆推动一只用来玩游戏的木盒，f=0时刻，木盘以b=3m/s的经

过如图所示的标志线加'，速度方向垂直标志线，继续推动木盘使它做匀加速运动，在

，=0.4$通过标志线《/,然后搬去水平推力。木盘可视为质点，停在得分区cd而'即

游戏成功。图中附与必的距离再=1.6m,cc'与协'的距离乙=3.6m,cc'与曲’的距

离为d=0.8m已知木盘与底面之间的动摩擦因数是〃=0.30,木盘的质量为加=0.5

kg,求:

（1）木盘在加速阶段的加速度。；

（2）木杆对木盘的水平推力F；

（3）木盘能否停在得分区？请计算说明。

14.如图所示，竖直平面内固定有轨道/8CZ）,水平放置的段长度为L=3m,8c段

是半径&=lm、圆心角片37。的光滑圆弧，8段（足够长）的倾角为37。，各段轨道均

试卷第6页，共7页

平滑连接，在圆弧最低处8点下方安装有压力传感器，在4点右侧放置有弹簧发射

器。一质量为加=2kg的滑块尸（视为质点）被弹簧发射器发射后，沿水平轨道向

左滑行，第一次经过8点时，压力传感器的示数为滑块尸的重力的11倍。已知滑块尸

与段、CZ）段的动摩擦因数为“=0.5,重力加速度大小g=10m/s2,sin370=0.6,

cos37°=0.8o

（1）求滑块P被发射后经过4点的动能；

（2）若将一质量为朋=3kg的滑块0（视为质点，与段、8段的动摩擦因数也为

〃=0.5）置于8点，弹簧发射器重复上一次发射过程，P与。在8点发生弹性正碰，。

沿88轨道向上运动，当。的速度减为0时，使。与。C段、加段的动摩擦因数变

为〃'，。滑下后恰好能与P相遇，求〃’的值。

15.有一边长为L,质量为机、总电阻为R的正方形导线框自磁场上方某处自由下

落，如图所示。区域I、II中匀强磁场的磁感应强度大小均为B,区域I宽度为L,区域

II宽度H>L,但具体值未知。已知导线框恰好匀速进入区域I,一段时间后又恰好匀

速离开区域H,线框穿过磁场全过程产生焦耳热为0,重力加速度为g,求：

（1）导线框下边缘距离区域I上边界的高度h；

（2）导线框刚进入区域n时的加速度；

（3）磁场区域H的宽度H；

（4）导线框自开始进入区域I至完全离开区域n的时间。

II

试卷第7页，共7页

参考答案：

1.B

【解析】

【详解】

原方案中，吹管吹气只改变了球沿8c方向的速度，而沿方向的速度不变，所以单纯沿

8c方向吹气而施加力的作用不能使球落入球门中。

A.用更大的力在B处吹气，只能加快BC方向速度变化，不能使球进入球门，故A错

误：

B.如果在球到达8点前吹气，到达8点时乒乓球已经沿垂直N8方向运动了一段距离，根

据运动的合成与分解的知识可知，球可能落入球门中，故B正确；

C.将球门C沿直线C8向8点移动一小段距离，与原方案一样，不能落入球门，故C错

误；

D.将吹管绕8点顺时针转动90。，正对着Z吹气，小球只能做直线运动，不会入球门，故

D错误。

故选B。

2.B

【解析】

【详解】

A.根据牛顿第二定律，可得

GM

依题意左端点横坐标相同，即

两行星的半径相等，结合图像可知

MX>M2

又

可得P/的平均密度比P2的大。故A错误;

BC.依题意两卫星的轨道半径相等，根据

答案第1页，共10页

GMm4〃2

——：—=ma=m一丁r

r1T2

解得

易知S/的公转周期比S2的小，S/的向心加速度比S2的大。故B正确；C错误；

D.根据

V第

易知，P’的“第一宇宙速度''比P的大。故D错误。

故选Bo

3.B

【解析】

【详解】

粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，则有

v2

qvB=m—

r

mv

r-——

qB

代入数据解得

r=0.lm=10cm

粒子运动的圆周与/C相切时，能打到/C上的长度最大，设从£点射出的粒子恰好与/C

边相切，粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系有

答案第2页，共10页

AF=——-——=—；=•cm=10J§cm

tanZ.AV3

T

ACD错误，B正确。

故选B。

4.D

【解析】

【详解】

BC.第一次抛出时，空间无电场，小球做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，则有

,12

%=Qgt

匕.=册+喙=2%

联立解得

g2g

水平方向做匀速直线运动，则有

BC错误；

AD.第二次沿某一方向抛出，空间有电场时，从抛出到c点过程，由动能定理可得

q〃+|机（4%>-；切片

其中

“这心=g机（2%y加说=|切片

联立解得

qUg=6〃?%2

即

二爪

ac

q

由于电场力做正功，小球带正电，如果电场方向水平向左，则电场力水平向左，从抛出到

c点过程电场力做负功，不符合实际电场力做正功，所以电场方向不可能水平向左，A错

答案第3页，共10页

误，D正确；

故选D。

5.ABD

【解析】

【详解】

A.普朗克提出“振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍”，从而建立了

“能量量子化”观点，故A正确；

B.如果某种物体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波，而不发生反射，这种物体就被

称为“黑体”，故B正确；

C.我们周围的一切物体都在辐射电磁波，这种辐射与温度有关，故C错误；

D.爱因斯坦指出“光不仅在发射和吸收时能量是一份一份的，而且光本身就是由一个个不

可分割的能量子组成的“，故D正确。

故选ABDo

6.AD

【解析】

【详解】

AB.当障碍物或缝隙的尺寸比波长小或跟波长相差不多时才能发生明显的衍射现象，波浪

的波长约为10m时，不能发生明显的衍射现象，则N、8两处小船基本上不受波浪影响，

A正确，B错误；

CD.波浪的波长约为55m时，能发生明显的衍射现象，则4、8两处小船明显受到波浪影

响，C错误，D正确。

故选AD。

7.AC

【解析】

【详解】

A.以无穷远处的电势为零，那么负电荷周围的电势为负值，所以该带电体带负电，则A

正确；

B.由对称性可知离带电体越远的场强越小，或者由电势与距离的图像的斜率的绝对值越

大的场强越大，则为处的电场强度比巧处的电场强度大，所以B错误；

答案第4页，共10页

C.由电势与距离的图像可知，为处的电势比在々处的小，但是负电荷在电势越小的位置

电势能越大，所以电子在七处的电势能比在4处的大，则C正确；

D.质子从公处移到々处，电势能增大，由功能关系可知，电场力做正功电势能减小，电

场力做负功电势能增大，所以将质子从公处移到巧处，电场力做的总功为负值，则D错

误；

故选AC。

8.BC

【解析】

【详解】

A.流过受电线圈与送电线圈的电流之比为

4n21

A错误；

C.根据题意

/2=2A

解得

=0.5A

根据题意得

220-/述4

-

4^I2RT

解得

R=24Q

C正确；

B.快速充电时，受电线圈cd两端的输出电压为

L/2=4+/2/?=52V

B正确；

D.充电时，仍端接入的电阻R与cd端接入的电阻H的电功率之比为

£=史」

P2I1R16

答案第5页，共10页

D错误。

故选BC。

1

9.；H+；Lif2；He+m1-2mi)c

【解析】

【详解】

[1]根据质量数和电荷数守恒可得

:H+；Li_2；He

⑵根据质能方程可得

22

A£=me=(mt+m2-2OT3)C

10.做负功不变

【解析】

【详解】

[1]。-6过程，气体的压强增大，体积减小，外界对气体做功，即气体对外界做负功；

[2]由图可知，p与1成正比，根据理想气体状态方程(=C可知气体的温度不变。

11.B0'3.00CD

【解析】

【详解】

①口]在“探究两个互成角度的力的合成规律''实验中，采用的科学方法是等效替代法，B正

确；

②[2]。，点为橡皮筋拉长后达到的位置，应记录0'点的位置以及拉力的大小与方向；

③[3]弹簧测力器的分度值为0.1N,读数应保留两位有效数字，弹簧测力计的示数为

F=3.00N

®[4]A.两细绳的主要目的是确定拉力的方向，不要求等长，A错误；

B.两分力的夹角是当大一些，可以减小测量误差，但不必大于150。，B错误；

C.贴近并平行于木板时，实际操作时测量的角度误差小，可以减小误差，C正确；

D,两点确定一条直线，实际操作中，让两点适当远一些可以减小笔痕宽度等造成的误

差，D正确。

故选CD。

答案第6页，共10页

12.2.4840.5较大66.7

【解析】

【详解】

(1)[1]根据电流表读数规则，电流表读数是

/=62.0pA=6.20xl0-5A

电阻箱P两端的电压是

U=/(/+凡)=6.20x10-5x(2.10+37.9)xl()3v=2.48V

(2)[2]m点对应的电压U=1.80V,电阻R=80.00,太阳能电池的输出功率

2

U2

P=—=4.05xlO2W=40.5mW

R

(3)[3]与曲线①相比，在电阻R相同的情况下，曲线②中太阳能电池的电压较大，由

可知，曲线②中太阳能电池的输出电功率较大；

[4]由图像②可知，太阳能电池电动势为E=2.80V,太阳能电池的内阻随外接电阻R的增

大而减小，可估算出当R=30。时电池内阻约为30C,太阳能电池输出功率最大，最大输

出电功率

£2

P=一=0.0667W=66.7mW

4R

13.(1)a=5m/s2;(2)尸=4N；(3)木盘能停在得分区

【解析】

【详解】

(1)在加速过程中，由位移与时间的关系

12

xl=vot+-at

代入数据得

a=5m/s2

(2)由牛顿第二定理知

F-从mg=ma

得

尸=4N

答案第7页，共10页

（3）通过时木盘的速度

片一1=2*2

解得

V）=5m/s

此后木盘做匀减速运动，加速度

a'=〃g=3m/s2

减速到0,发生的位移

，v.225

x=—h=——m

2a6

可得

3.6m<x<4.4m

故木盘能停在得分区。

14.（1）130J；（2）-

7

【解析】

【详解】

（1）滑块P第一次经过8点时压力传感器的示数为滑块尸的重力的11倍，由牛顿第二定

律得

v2

FP—mg=m戈B-

F=1\mg

从4到8由动能定理得

T12"

-pmgL=-mvB一耳，

解得

EkJ=65mgR=6.5x2x10x1J=130J

（2）因为滑块P的质量小于滑块。的质量，所以滑块P、。碰撞后尸将反弹，设碰撞后滑

块P、。的速度大小分别为口、%,根据动量守恒定律有

mvB=mvp+MVQ

根据能量守恒定律有

答案第8页，共10页

1)121w2

-mvB-=-mvp-+-MvQ

设滑块。在8段上运动的最高点为G,且此次滑块尸最终停止的位置为，，对滑块尸从

B到H的运动过程，根据动能定理有

-pmgxBH=0-|fflv/

对滑块。从8到G的运动过程，根据动能定理有

-MgR(\-cosMgxGCsin0-/aMgxGCcos6=0一；

由题意可知滑块。能够恰好运动至，点，则对。从G到H的运动过程，根据动能定理有

MgxGCsin0-/j'MgxGCcos0+MgR(1-cos=0-0

解得

.5

”7

15.(1)生婆；(2)a=3g方向竖直向上；(3)H=--2L.(4)t=笆£

284rtmgmgR

【解析】

【详解】

(1)据题意有，因为导线框匀速进入区域I,安培力与重力平衡，则有

mg=B1L=

导线框穿过之前自由落体有