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文档简介
2021年北京市丰台区高考数学一模试卷
一、选择题共10小题,每小题4分,共40分。在每小题列出的四个选项中,选出符合题
目要求的一项。
1.(4分)(2021•丰台区一模)已知集合4=*|-2<%,1},3={x|0<x,3},则68=(
)
A.{x|-2<x<0}B.{%|0<玉,1}C.{x|1<A;,3)D.{x\-2<x^3}
2.(4分)(2021•丰台区一模)在复平面内,复数z=3-4i,则N对应的点位于()
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
2R
3.(4分)(2021•丰台区一模)已知双曲线r二-y2=l(a>0)的离心率是上,则“=()
a~2
A.72B.2C.2>/2D.4
4.(4分)(2021•丰台区一模)在平面直角坐标系xOy中,角a以Ox为始边,且sina=:.把
角a的终边绕端点O逆时针方向旋转》弧度,这时终边对应的角是£,则sin/?=()
A.--B.-C.--D.正
3333
5.(4分)(2021•丰台区一模)若直线y="+1是圆月+尸-2入”=0的一条对称轴,则人的
值为()
A.--B.-1C.1D.2
2
6.(4分)(2021•丰台区一模)某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥中最长的棱长为(
)
正(主)视图侧佐)视图
俯视图
A.2B.2&C.2百D.4
7.(4分)(2021•丰台区一模)P为抛物线y2=2px(p>0)上一点,点P到抛物线准线和对
称轴的距离分别为10和6,则p=()
A.2B.4C.4或9D.2或18
8.(4分)(2021•丰台区一模)大气压,它的单位是“帕斯卡”
受力面积
(Pa,\Pa=lN/m2),大气压强p{Pa)随海拔高度h(m)的变化规律是
p=p(>*(k=0.000126〃/),°。是海平面大气压强.已知在某高山A,4两处测得的大气
压强分别为小,P,,正△,那么A,A,两处的海拔高度的差约为()(参考数据:
■P12
加2=0.693)
A.550mB.1818〃zC.5500mD.8732m
9.(4分)(2021•丰台区一模)已知非零向量a,b,C共面,那么“存在实数2,使得a=々;
成立”是“(“•b)c=a(b'c)”的()
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
10.(4分)(2021•丰台区一模)已知函数/。)=/:+川"'皿若存在实数"使得关于x的
[x,x>m,
方程/(x)=b有三个不同的根,则实数机的取值范围是()
A.(0,2)B.(9,-2)<J(0,2)
C.(-2,0)D.(-2,0)52,+oo)
二、填空题共5小题,每小题5分,共25分。
11.(5分)(2021•丰台区一模)函数/(x)=4(2x)+-x的定义域为.
12.(5分)(2021•凉山州模拟)在(x+4)6的展开式中常数项为.(用数字作答)
x
13.(5分)(2021•丰台区一模)在A48C中,a=上,b=2四,B=2A,贝hosA=___.
14.(5分)(2021•丰台区一模)设等比数列仅“}满足4+%=48,%+g=6,则
log,的最大值为.
15.(5分)(2021•丰台区一模)如图,从长、宽、高分别为a,b,c的长方体尸-GCHD
中截去部分几何体后,所得几何体为三棱锥A-BCD.下列四个结论中,所有正确结论的序
号是―-
①三棱锥A-BCD的体积为;
3
②三棱锥A-38的每个面都是锐角三角形;
③三棱锥A-38中,二面角A-8-3不会是直二面角;
④三棱锥A-3CD中,三条侧棱与底面所成的角分别记为c,P,y,则
sin2a+sin2(3+sin2y„2.
三、解答题共6小题,共85分。解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程。
16.(13分)(2021•丰台区一模)已知函数/(x)=sin0x+ecos@x(<w>0).
(I)当“=1时,求的值;
(JI)当函数f(x)图象的两条相邻对称轴之间的距离是]时,.
从①②③中任选一个,补充到上面空格处并作答.
①求y(x)在区间上的最小值:
②求f(x)的单调递增区间;
③若/(x)..0,求x的取值范围.
17.(14分)(2021•丰台区一模)如图,四棱锥P—ABCE)中,底面是菱形,ABAD=-,
3
M是棱上的点,O是4)中点,且PO_L底面4?C£>,OP=-^OA.
(I)求证:BCLOM;
(I【)若PM=—PB,求二面角B-OA1-C的余弦值.
5
18.(14分)(2021•丰台区一模)某电影制片厂从2011年至2020年生产的科教影片、动画
影片、纪录影片的时长(单位:分钟)如图所示.
(n)从2011年至2020年中任选两年,设X为选出的两年中动画影片时长大于纪录影片
时长的年数,求X的分布列和数学期望E(X);
(III)将2011年至2020年生产的科教影片、动画影片、纪录影片时长的方差分别记为s;,
s;,s;,试比较s:,s;,s;的大小.(只需写出结论)
19.(15分)(2021•丰台区一模)己知椭圆C:=1(4>。>0)长轴的两个端点分别为
A(-2,0),8(2,0),离心率为走.
2
(I)求椭圆C的方程;
(II)P为椭圆C上异于A,3的动点,直线AP,PB分别交直线x=-6于M,N两点,
连接NA并延长交椭圆。于点Q.
(i)求证:直线",AN的斜率之积为定值;
(ii)判断M,B,。三点是否共线,并说明理由.
20.(15分)(2021•丰台区一模)已知函数〃*)=丁-3/+63€/?).
(I)当。=1时,求曲线y=/(x)在点(1,f(1))处的切线方程;
(II)若函数f(x)存在三个零点,分别记为X1,x2,XjC%,<x2<x3).
(i)求6的取值范围;
(ii)证明:%>。•
21.(14分)(2021•丰台区一模)已知数列A:%,a?,a2n5eN*),现将数列4的项
分成个数相同的两组,第一组为8:4,b2,...»bn,满足%.2+[(i=l,2,...»n-1);第
二组为C:q,c2,…,cn,满足c”,q+C=1,2,…,〃-1),记Af=力”一q[.
/=1
(I)若数列A:l,2,4,8,写出数列A的一种分组结果,并求出此时M的值;
(II)若数歹!JA:1,2,3,…,2〃,证明:"?但他.,£.}..〃+l(i=l,2,…,〃);(其中加办佐,
cj表示①,q中较大的数)
(W)证明:M的值与数列A的分组方式无关.
2021年北京市丰台区高考数学一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题共10小题,每小题4分,共40分。在每小题列出的四个选项中,选出符合题
目要求的一项。
1.(4分)(2021•丰台区一模)已知集合4={》|一2<%,1},8={x|0<%,3},则8=(
)
A.{x|-2<x<0}B.{x[0<x,l}C.{x[l<*,3}D.{x|-2<A;,3}
【解答]解:A=[x\-2<x„l},8={x|0<*,3},
贝ijAjB={x|-2<x,3},
故选:D.
2.(4分)(2021•丰台区一模)在复平面内,复数z=3-4i,则5对应的点位于()
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
【解答】解:复数z=3—4i,则2=3+4,.对应的点(3,4)位于第一象限,
故选:A.
3.(4分)(2021•丰台区一模)已知双曲线£一丫2=1(〃>0)的离心率是且,则〃=()
a~2
A.x/2B.2C.2>/2D.4
【解答】解:双曲线《一>2=1(“>0)的离心率是好,
a2
可得正口=亚,解得4=2,
a2
故选:B.
4.(4分)(2021•丰台区一模)在平面直角坐标系xOy中,角a以Ox为始边,且sina=:.把
角a的终边绕端点O逆时针方向旋转乃弧度,这时终边对应的角是/,则sin6=()
A.--B.-C.一立D.—
3333
【解答】解:由题意sina=±,
3
可得sin尸=sin(a+4)=一sina=——.
故选:A.
5.(4分)(2021•丰台区一模)若直线了=丘+1是圆f+y2-2x=0的一条对称轴,则人的
值为()
A.--B.-1C.1D.2
2
【解答】解:由/+>2-2》=0,得(%-1>+丁=1,
则圆心坐标为(1,0),
又直线y=爪+1是圆x2+丁-2x=0的一条对称轴,
..直线过圆心,即4+1=0,得无=一1.
故选:B.
6.(4分)(2021•丰台区一模)某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥中最长的棱长为(
)
正(主成图制(左)视图
俯视图
A.2B.2及C.273D.4
【解答】解:根据几何体的三视图转换为直观图为:该几何体为三棱锥体;
如图所示:
最长的棱长为=万万=26.
故选:c.
7.(4分)(2021•丰台区一模)P为抛物线y2=2px(p>0)上一点,点尸到抛物线准线和对
称轴的距离分别为10和6,贝。=()
A.2B.4C.4或9D.2或18
【解答】解:由抛物线V=2px(p>0)可得准线/的方程为:x=-g.
设点P(xl,%).y;=2pjq.
点P到准线及对称轴的距离分别为10和6,
.,.X,+y=10,y=±6,yf=2pxt,
解得%i=l,p=18,或X]=9,p=2,
即口的值分别为18,2.
故选:D.
8.(4分)(2021•丰台区一模)大气压强/,=金%,它的单位是“帕斯卡”
受力面积
{Pa,\Pa=\N/tn2),大气压强p(Pa)随海拔高度的变化规律是
p=p^1(k=0.000126m],p0是海平面大气压强.已知在某高山4,为两处测得的大气
压强分别为化,P,,旦=1,那么A,4两处的海拔高度的差约为()(参考数据:
P12
//?2h0.693)
A.550mB.1818mC.5500mD.8732m
【解答】解:设A,4两处的海拔高度分别为4,%,
]-0,000126%
IJIll_LL=1=EsL____________0.000126(/h-/»,)
p2~2~—
0.000126(/12)=吗=一历2x-0.693,
得九一九=---0-=—5500〃2•
-'0.000126
.•・4,4两处的海拔高度的差约为55006.
故选:C.
9.(4分)(2021•丰台区一模)已知非零向量。,b,。共面,那么“存在实数人使得4=成
成立”是“(a-b)c=a(bc)”的(
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【解答】解:①若d=/,
ah=(2c)-h=A(c-h),(«•/?)c=A(c-h)c,
又a(b•c)=(2c)(h-C)=2(d-/?)•(?,
(a-h)c=a(/?c).
②若(ab)c=a(be),
ab,都是数,设4力=加,hc=n,
(a-b)c=a0-c),:.me=na,
又a,CNO,:.a,c共线,即a=
综上所述:a=笈是(a•匕)e=a(b•c)的充要条件.
故选:C.
10.(4分)(2021•丰台区一模)已知函数/。)=(:+川"'皿若存在实数"使得关于X的
[x,x>m,
方程/(x)=b有三个不同的根,则实数m的取值范围是()
A.(0,2)B.(―,-2)U(0,2)
C.(-2,0)D.(-2,0)52,+00)
【解答】解:方程f(x)=b有三个不同的根等价于函数y=『(x)与y=8有三个交点,
根据选项画出相应函数图像:
①当,"-2时,方>_2m,函数f(x)的图像如下:
由图像可知存在实数6,使得关于X的方程f(x)=b有三个不同的根,
②当-2<0时,>〈-2相,函数/(x)的图像如下:
由图像可知不存在实数6,使得关于x的方程/(x)=8有三个不同的根,
由图像可知存在实数b,使得关于x的方程f(x)=6有三个不同的根,
④当m>2时,nr>2m,函数/(x)的图像如下:
由图像可知不存在实数人,使得关于x的方程f(x)=6有三个不同的根,
综上所述,根<-2或0<m<2时方程/(x)=b有三个不同的根,
故选:B.
二、填空题共5小题,每小题5分,共25分。
11.(5分)(2021•丰台区一■模)函数于(x)=/〃(2x)+"-x的定义域为_.
【解答】解:由题意得:
PX>°,解得:
[1-X..I)
故函数的定义域是(0,1],
故答案为:(0,1].
12.(5分)(2021•凉山州模拟)在(x+2)<>的展开式中常数项为160.(用数字作答)
X
【解答】解:在(x+知的展开式中的通项公式为瓢=C;2.声”,令6一2厂=0,求得r=3,
X
可得常数项为2?=160,
故答案为:160.
13.(5分)(2021•丰台区一模)在AABC中,a=#),b=242,B=2A,则cosA=_^_.
【解答】解:由题意可得:sinB=sin2A=2sinAcosA,
结合正弦定理有:b=2acosA,则cosA=2=2^,=逅.
2a2G3
故答案为:显.
3
14.(5分)(2021•丰台区一模)设等比数列{〃〃}满足%+4=48,a4+a5=6,则
logz©4令…4)的最大值为15.
【解答】解:设公比为q的等比数列{〃〃}满足q+4=48,%+4=6,
所以炉=巴*=1,解得4=4,
4+482
故q+出=4(1+q)=48,解得4=32.
所以。,,=(一;)
故4.4••・/=2"—,
贝ljlog2…=—J〃2+£〃,
当〃=5或6时,取得最大值为15.
故答案为:15.
15.(5分)(2021•丰台区一模)如图,从长、宽、高分别为“,b,c的长方体4EBF-GCHD
中截去部分几何体后,所得几何体为三棱锥A-BCD.下列四个结论中,所有正确结论的序
号是①②④.
①三棱锥A-BCD的体积为』abc;
3
②三棱锥A-B8的每个面都是锐角三角形;
③三棱锥A-38中,二面角A-CD-B不会是直二面角;
④三棱锥A-BCD中,三条侧棱与底面所成的角分别记为a,P,y,则
sin2a+sin2P+sin2%,2.
【解答】解:对于①,长方体的体积为欣,
三棱锥A-BCD的体积为abc-4x-x—abc=—abc,故①正确;
323
对于②,三棱锥A-BCD的每一个面的三边长都可以用过一个顶点的三条侧棱表示,
不妨以AACZ)为例,AD2=a2+c2,AC2=b2+c2,CD2^a2+b2,
AD2+AC2>CD2,AD2+CD2>AC2,AC2+CD2>AD2,
.•.AA8一定是锐角三角形,同理可得AABC,MBD,ABC。为锐角三角形,
则三棱锥A-BCD的每个面都是锐角三角形,故②正确;
对于③,如图,以F为坐标原点,分别以外、FB、9所在直线为x、y、z轴建立空间
直角坐标系,
则A(a,0,0),E(a,b,0),8(0,b,0),F(0,0,0),G(a,0,c),
C(a,b,c),£)(0,0,c),
AC=(0,b9c)9CD=(-a,-b,0)9BC=(a,09c)f
设平面ACD的一个法向量为m=(x,y,z),
,[m-AC=by+cz=0bb
由1,取y=l,则雨=(—,1,—),
m-CD=-ax-by=0ac
同理可得平面夙力的一个法向量为”=(1,-,
bc
一区+吗,取a=b=五,c=l时,〃可得二面角A—CD-5是直二面角,
abc
故③错误;
对于④,不妨设43与底面所成角为a,AC与底面所成角为7?,AZ)与底面所成角为
由③可知,平面3CZ)的一个法向量为〃=(-/“,ac,a6),AC=(0,b,c),
.c2abc
sm/3=/~,
\lb2+c2-yla^c2+a2b2+b2c2
222
,24abc_8a262c2
Sm22222222222222222
(Z?+c)(ac+a2b2+Z7c)(b+c)[(ac+ab)+(crb+Z?c)+(//+^C)]
________8/吐2________2b
“2ac(2a2bc4-latrc+2abc2)a+b+c
同理可得,sin2a„2a.sin1”2c,
a+b+ca+b+c
则sin?a+sin?/?+sin?%,-〃+2"+2<=2,故④正确.
a+b+c
故答案为:①②④.
三、解答题共6小题,共85分。解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程。
16.(13分)(2021•丰台区一模)已知函数/(x)=sin0x+百COSGX3>0).
(I)当。=1时,求的值;
(II)当函数图象的两条相邻对称轴之间的距离是]时,.
从①②③中任选一个,补充到上面空格处并作答.
①求/(X)在区间[0,堂上的最小值;
②求f(x)的单调递增区间;
③若/(幻..0,求x的取值范围.
【解答】解:(/)。=1时,/(x)=sinx+5/3cosx,
故f弓)=g+*x6=2,
71
(II)f(x)=2sin(cox+—),
由函数/(x)图象的两条相邻对称轴之间的距离是]得7=万,0=2,
故/(x)=2sin(2x+y),
选①:由滕/工得C轰蚁+至”,
2333
所以一无效kin(2x+C)1,
23
所以/(x)在区间[0,1]上的最小值-G;
②求/(x)的单调递增区间,
令2%乃一工效2x+工2攵1+工,得攵万一女羽kkjr+—ykeZ,
2321212
故函数f(x)的单调递增区间伙万2"+看卜kQZ,
③若/(x)..O,贝!J2Z通必x+(2k兀+冗,kwZ,
解得人万一工领kk/r+—ZeZ,
63
故x的取值范围伙乃一.,4sz.
17.(14分)(2021•丰台区一模)如图,四棱锥尸—ABC。中,底面A3CZ)是菱形,ZBAD=-
3f
M是棱M上的点,。是4)中点,且R9_L底面ABC。,OP=»OA.
(I)求证:BCA.OM;
a
(II)^PM=-PB,求二面角B—QW—C的余弦值.
5
【解答】解:(I)证明:在菱形43co中,ZBAD=-,4曲为等边三角形,
3
。为A£)的中点,..OBLAD,
AD//BC,:.OB±BC,
PO_L底面BCu平面AB8,
:.OP±BC,
OP^OB=O,OP、O3u平面尸03,.iBC,平面「08,
"是棱PB上的点,.1OMu平面「08,
:.BCVOM.
(II)PO_L底面MCD,OBYAD,
建立如图所示的空间直角坐标系0-型,
设。4=1,则OP=O8=G,
0(0,0,0),A(1,0,0),3(0,也,0),C(-2,6,0),尸(0,0,6),
OC=(-2,6,0),
由PM=|所得加。「+加他坐,竽),
设m=(x,y,z)是平面OMC的法向量,
OM-=3V+2z=0人/日〜
由,.,令y=2,得加=(6,2,-3),
OCin=2x-y/3y=0
平面POB的法向量为〃=(1,0,0),
m-n\J3
cos<m,n>=----------=——
\m\t\n\4
由题知二面角8-Q0-C为锐二面角,
二面角B-QW-C的余弦值为且.
18.(14分)(2021•丰台区一模)某电影制片厂从2011年至2020年生产的科教影片、动画
(I)从2011年至2020年中任选一年,求此年动画影片时长大于纪录影片时长的概率;
(n)从2011年至2020年中任选两年,设X为选出的两年中动画影片时长大于纪录影片
时长的年数,求X的分布列和数学期望E(X);
(III)将2011年至2020年生产的科教影片、动画影片、纪录影片时长的方差分别记为s:,
s;,s;,试比较s;,s;,s;的大小.(只需写出结论)
【解答】解:(I)从2011年至2020年,共10年,其中动画影片时长大于纪录影片时长的
年份有:
2011年,2015年,2017年,2018年,2019年,2020年,共6年,
故所求概率p=g=3.
105
(IDX的所有可能取值为0,1,2,
则P(X=O)=与=2,
Go15
8
P(x=l)
P(X=2)=|^W,
5oJ
所以随机变量X的分布列为:
X012
p28
15153
数学期望E(X)=0x2+lx号+2x1=9.
151535
(III)结合图象可知科教影片时长的波动最大,方差最大,
将动画影片、记录影片时长从小到大排列,
动画影片:150,180,200,240,260,290,320,350,380,430,
记录影片:100,130,150,190,210,240,270,300,330,380,
记录
222
$2<$3<M.
22
19.(15分)(2021•丰台区一模)已知椭圆C:5+2=l(4>6>0)长轴的两个端点分别为
a-b-
A(—2,0),8(2,0),离心率为^―.
2
(I)求椭圆C的方程;
(II)P为椭圆C上异于A,3的动点,直线AP,PB分别交直线x=-6于M,N两点,
连接NA并延长交椭圆C于点Q.
(i)求证:直线",AN的斜率之积为定值;
(ii)判断B,。三点是否共线,并说明理由.
【解答】解:(I)由已知可得:。=2,,贝i」c=G,b=\,
a2
所以椭圆C的方程为:—+/=1;
4
(II)(/)证明:因为直线PA,PB都存在且不为0,设P(x0,%),则总=一^,kAP=,
%—2%+2
所以直线的方程为:y=」^(x-2),令x=-6,解得丫=二返,则点N的坐标为
七一2xa-2
-8%
所以直线AN的斜率为kAN=上心=⑶豆,
-6+2X。—2
、2(1-9)
所以直线AP,AN的斜率之积为^^.刍k=学1=,4=一1为定值;
X。+2X。—2垢—4X。—42
(ii)M,B,。三点共线,理由如下:
设直线A尸的斜率为A,易得用(-6,-4幻,
由⑺可知直线AN的斜率为,所以直线AN的方程为y=-'-(x+2),
2女2攵
y=—(x+2)
联立方程],2k,消去x可得:(4+4&2厅+8处=0,
X2.
—+V=I
4-
一262后2—2—2々
解得y=1,所以点。的坐标为
v\+k~\+k\+k
所以,直线BQ的斜率为一=-,直线3M的斜率为=
2k2-2.2-6-22
1^一2
因为直线BQ的斜率等于直线BM的斜率,
所以M,B,。三点共线.
20.(15分)(2021•丰台区一模)已知函数f(x)=V-3x?+伙beR).
(I)当。=1时,求曲线y=/(x)在点(1,f(1))处的切线方程;
(H)若函数f(x)存在三个零点,分别记为占,x2,x3(x,<x,<x3).
(i)求b的取值范围;
(ii)证明:xt+x2>0.
【解答】(I)解:当6=1时,f(x)=x3-3x2+l,则f(1)=一1,所以切点为(1,-1),
因为:(x)=3/-6x,故尸(1)=一3,
由点斜式可得切线方程为y-(-l)=-3(x-1),即3x+y-2=0;
解:f(x)=x3-3x2+b,令f(x)=0,可得6=-/+3/,
令g(x)=-x3+3x2,则g'(x)=-3x2+6x=-3x(x-2),
所以当x<0时,g'(x)<0,则g(x)单调递减,
当0cx<2时,g'(x)>0,则g(x)单调递增,
当x>2时,g'(x)<0,则g(x)单调递减,
所以当x=0时,g(x)取得极小值g(0)=0,
当x=2时,g(x)取得极大值g(2)=4,
因为函数f(x)存在三个零点,
所以y=g(x)与y=6的图象有三个交点,贝IJ有0<6<4,
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