2023届山东省威海市文登市初三第二次(5月)检查物理试题含解析_第1页
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文档简介

2023届山东省威海市文登市初三第二次(5月)检查物理试题注意事项1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1.图是一只猴子在竹杆上玩耍的情景,猴子双手握住竖直竹杆匀速下滑时,它所受的摩擦力为F,下列说法正确的是()A.摩擦力F向下,F=mgB.摩擦力F向上,F<mgC.摩擦力F向上,F=mgD.摩擦力F向下,F>mg2.跳伞运动员在空中匀速下落的过程中,他的()A.重力势能减少B.动能减少C.机械能增大D.动能转化为重力势能3.下列各选项中,完全正确的是A.物理量的常见值B.电学仪器及用途C.重力的三要素D.杠杆分类光速340m/s电能表测电能大小大小G=mg省力杠杆瓶起子安全电压36V验电器验证负电荷方向垂直向下等臂杠杆托盘天平大气压强105Pa测电笔辨别正负极作用点物体重心费力杠杆钓鱼杆A.A B.B C.C D.D4.如图所示,电源电压保持不变,开关S闭合后,灯L1和L2都正常发光,甲、乙两个电表示数之比为4:1.此时灯L1和L2的电阻之比为A.1:1 B.1:1 C.1:4 D.4:15.如图所示,当开关S闭合,甲乙两表为电压表时,两表的读数之比U甲:U乙为4﹕1,当开关S断开,甲乙两表为电流表时,两表的读数之比I甲:I乙为()A.4﹕3 B.3﹕2C.3﹕4 D.3﹕16.如图所示的四个电路图与实物电路对应的是()A. B. C. D.7.如图所示的电路,要使两个小灯泡L1,L2串联,应()A. 断开开关S1,S2,闭合开关S3B. 断开开关S1,S3,闭合开关S2C. 断开开关S1,闭合开关S2,S3D. 断开开关S2,闭合开关S1,S3二、填空题(本大题7小题,共21分)8.在某些干早缺水的地区,人们常采用如图所示的方法收集土壤中的水分.土壤中的水分在接触塑料薄膜前发生了______填写物态变化名称现象;水蒸气在塑料薄膜下凝结成水珠过程中,______填“吸收”或“放出”热量.9.如图是一款能发电的魔方充电器,转动魔方时,他根据_____(选填“电流的磁效应”“电磁感应”或“通电导体在磁场中受力”)的原理发电,这个过程_____能转化为电能,产生的电能储存于魔方内.魔方还能通过USB端口给移动设备充电,给移动设备充电时,魔方相当于电路中的_____(选填“电源”或“用电器”)10.如图所示,电源电压6V保持不变,小灯泡标有“2.5V0.3A”字样,滑动变阻器的规格是“50Ω1A”,电流表的量程应选择_____A,为了保证电路各元件都能安全使用,则滑动变阻器连入电路的阻值至少是_____Ω。11.如果物体离眼睛近,来自它某点的光线到达眼睛时是发散的;如果物体远离眼睛,来自这点的光线到达眼睛时发散的程度便会降低.因此,我们把来自遥远物体上某点的光线,到达眼睛时视作平行,如图甲所示.(1)我们作上述推断的前提是光在同一均匀介质中是沿____传播的.当物体远离眼睛时,眼球中晶状体的曲度会减小.图乙表示物体在眼球中的不同成像情况,其中表示视觉正常的人观看远处物体的是____.12.如图所示,用酒精灯给水加热一段时间后,观察到软木塞冲出试管口。软木塞冲出试管口,瓶口出现的“白雾”是______________现象(填物态变化名称)。此过程中,水蒸气减少的内能_________(选填“大于”、“等于”或“小于”)软木塞增加的机械能,这与热机的_______冲程相似。13.一个正方体金属块,为了测量它的密度,采取如下的做法:用刻度尺测量金属块的底面边长.如图所示,边长是_____cm.先将天平测质量时,使天平平衡,砝码如图所示.可计算金属块的密度_____kg/m1.14.如图所示.将重1N正方体物块放在标有刻度的水平桌面上静止.则该物块的边长为____________cm.物块对染面的压强为_________________Pa.三、作图题(共7分)15.在图甲中画出拉力F对支点O的力臂l.16.小磁针在图示的位置静止,请标出磁体的磁极,并画出磁感线的方向.(____)17.请利用平面镜成像的特点在图中作出AB物体在平面镜中的像,保留作图痕迹.四、实验题(本大题共5小题,共20分)18.在“研究杠杆的平衡条件”实验中:(1)实验前,发现杠杆处于如图甲所示的状态,则应将杠杆右端的平衡螺母向________移动,使杠杆在水平位置平衡,左右两端添加钩码后,杠杆的状态如图乙所示,可以将右端钩码的位置向_______移动,使杠杆在水平位置重新平衡(均选填“左”或“右”).(2)两同学用弹簧测力计与钩码探究杠杆的平衡条件,如图丙、丁所示,都得到F1•OA<F2•OB,并由此得出结论:动力×动力臂<阻力×阻力臂.则丙的原因是______,丁的原因是______.(3)另一小组的同学获得的数据如下表所示:动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm45543443他们得出的结论是:“动力+动力臂=阻力+阻力臂“你认为这个结论________(选填“正确”或“错误”),理由是________.(4)从杠杆的平衡条件及施工量等因素考虑,工人师傅们应选择如图所示的方案________进行施工会更合适.19.取一只小塑料袋(重力忽略不计),袋内装满水,用细线把袋口扎紧(要求袋内不留空气),用弹簧测力测量水的重力如图所示,水的重力为_____N.将这袋水逐渐浸入水中,弹簧测力计读数逐渐变小,表明水袋所受浮力的大小随排开水的体积增大而_____.当水袋全部浸没水中时,弹簧测力计的读数为零,这时塑料袋排开水的体积为_____m1.(g=10N/kg)20.下面是小阳同学测滑轮组的机械效率的主要实验步骤:①按图甲所示装置组装实验器材,标出钩码和绳子自由端起始位置分别为A和A'。②用弹簧测力计匀速竖直向上拉动绳子自由端,将重力为G的钩码从A位置匀速提升到B位置,记录钩码上升高度为h。③测出在这个过程中,弹簧测力计对绳的拉力为F,绳子自由端从A'位置匀速提升到B'位置,记录绳子自由端上升高度为s。④计算出滑轮组的机械效率η。请根据以上实验完成下列问题:(1)画出本次实验数据的记录表格_______。(2)实验中G=4.8N;h、s、F的测量数值分别如图甲、乙所示,则拉力所做的有用功是_____J,滑轮组的机械效率η=_____。21.图甲是冬运会女子选手冰壶比赛中的一个场景,比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”以减小冰壶与冰面之间的摩擦,使冰壶按照运动员预计的速度和方向运动;某小组同学看到后,进行了以下实验:他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上,让弹簧测力计水平拉动木块做_____________运动,发现弹簧测力的示数F棉〉F木〉F绸,若用木板模拟未刷冰区域,则应该选择________区域模拟刷冰区域;乙图中弹簧测力计的示数是_____________N;他们用图丙装置,将长为l的所选材料M平铺在木板上,让木块从斜面上滑下,经过M后停在木板上的固定位置P,木块运动到位置P,所需的长度与哪些因素有关?大家提出以下猜想:猜想1:与木块由静止滑下时的高度h有关;猜想2:与M左端到斜面底端的距离x有关。①验证猜想1时,保持x不变,将木块从__________高度静止滑下,改变l使木块最终都停在位置P,数据记录如下:序号123456释放的高度h/m0.100.140.180.200.220.26M的长度l/m2.001.601.201.000.800.40根据表格数据可知l与h的定量关系是:__________,并在图丁中描点作出l与h的关系图线;②验证猜想2时,小明改变x的长度,将木块从不同高度由静止滑下,记录数据,得出结论,分析实验中存在的问题是_______;正确操作后,发现每次只将M前后移动时,木块都会经过M停在P位置,该现象说明猜想2是___________(选填“正确”或“错误”)。22.小明想测量标有“3.8V”字样的小灯泡的额定电功率,于是连接了如图所示的实验电路.电源电压6伏恒定不变,滑动变阻器规格为“50Ω1A”.(1)用笔画线代替导线,将电路连接完整.(______)(2)正确连接电路,闭合开关,发现小灯泡不亮.小明观察到两电表的示数情况是_____,由此判断故障是小灯泡断路.(3)排除故障后,小明进行了正确操作,观察到的现象和测得的数据如下:实验次数12345发光情况很暗较暗较亮亮很亮电压U/V1233.84.5电流I/A0.200.220.250.300.34由表中数据可得,小灯泡的额定功率是_____W;根据表格中的数据你还可得出的结论是_____(写出一点).(4)小明根据表中数据,计算了各次实验的灯丝电阻,分析后认为,闭合开关前灯丝的阻值小于5欧姆,小明的理由是_____.五、计算题(本大题共2小题,共13分)23.如图所示电路中,灯L标有“6V3W“字样,S为单刀双掷开关.电源电压为9V且保持不变,电阻R2的阻值为18Ω,不计温度对灯丝电阻的影响.(1)当S接a时,灯L恰能正常发光,求灯L的阻值RL和电阻R1的阻值.(2)当S接a时,求电阻R1通电1min电流所做的功.(3)S接a与S接b两种情况下,求电路消耗的总功率之比.24.如图所示,圆柱体甲的体积为米2。高为0.2米,甲的密度为千克/米3。①求甲的质量m甲。②求甲竖直放置时对水平地面的压强p甲。③现有一底面积为米3,高为0.25米的薄壁圆柱形容器乙放置在水平地面上。在容器乙中盛有质量为2千克的某种液体,将甲竖直放入其中至容器底,并分别测出甲放入前后液体对容器底部的压强p甲,如下表所示。求容器乙中液体密度的最小值。放入物体前放入物体后p甲(帕)p02p0六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)25.如图所示,平面镜前立有一旗杆.请画出旗杆顶A点在平面镜中的像;(_______)将平面镜远离旗杆,旗杆的像大小_____(选填“变大”、“变小”或“不变”);举行升旗仪式时,旗子沿旗杆匀速上升,此时旗子的像相对旗子_____(选填“静止”或“运动”).26.请在图中,作出光源E在平面镜中所成的像E′.小珠利用图所示装置探究“光反射时的规律”,在纸板上用笔描出多组入射光EO和反射光OF的径迹,接着她用量角器测出∠i与∠r,多次测量结果如表,分析可知:在光的反射中,_____。在图所示的实验中如果让光沿FO方向射到镜面,会发现反射光沿OE方向射出,这表明在反射现象中,_____。小海也把一束光贴着纸板射到O点,如图所示,但纸板与平面镜并未垂直,此时反射光线在纸板_____(选填“上”、“前”或“后”)。序号∠i∠r130°30°245°45°360°60°27.通过阅读,小明知道了1791年意大利物理学家伏特发明了最早的电池﹣﹣伏打电池.在老师的帮助下,小明自制了一个如图所示的伏打电池,但是不能确定哪个金属片是正极.请你帮他设计实验并进行判断.写出你选用的实验仪器:________.简述操作方法、实验现象和结论:________________________.

参考答案一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1、C【解析】

因为猴子沿竖直竹杆匀速下滑,所以受平衡力作用,即在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力,它们大小相等,方向相反;由于重力方向竖直向下,所以,摩擦力方向一定向上,且F摩擦力=G=mg,故只有C正确,故选C。【点睛】本题考查的是二力平衡,解题的关键是先确定物体的运动情况,然后分析受力,再根据平衡条件确定摩擦力的大小和方向。2、A【解析】试题分析:AB.跳伞运动员在空中匀速下落的过程中,其质量不变,速度不变,故其动能不变;同时其质量不变,高度减小,故其重力势能减少.故A正确、B错;C.跳伞运动员的动能不变、重力势能减少,所以其机械能减少.故C错;D.跳伞运动员在空中匀速下落的过程中,动能不变,不是动能转化为重力势能,故D错.故选A.3、D【解析】

光速为3×108m/s、安全电压是不高于36V、大气压约为105Pa,故A错误;电能表测量消耗的电能、验电器是检验物体是否带电、测电笔是检验火线和零线的,故B错误;重力的大小是G=mg、方向竖直向下、重力的作用点是重心,故C错误;杠杆分为省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆,其中瓶起子是省力杠杆、托盘天平是等臂杠杆、钓鱼竿是费力杠杆,故D正确.4、A【解析】

根据电压表并联在电路中,电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类,然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比.【详解】分析可知,甲、乙两个电表均不能为电流表,否则会形成短路,因此甲、乙都为电压表,则灯L1、L2为串联,电压表甲测量电源电压,电压表乙测量L2两端电压;因为串联电路总电压等于各部分电压之和,且甲、乙两个电表的示数之比是4:1,所以灯L1、L2两端电压之比:U1:U2=(4﹣1):1=1:1;又因为串联电路电流相等,即I1=I2;所以,由I=可得,R1:R2=:=U1:U2=1:1.故选A.5、C【解析】

若甲、乙均为电压表时,闭合开关S,R1和R2串联,甲表测量路端总电压U,乙表测量电阻R2两端电压U2,即U=U甲,U2=U乙,根据题中U甲:U乙=4:1得:U:U2=4:1……①,根据串联电路电压规律可知:U=U1+U2……②,联立①②得:U1:U2=3:1,根据串联电路电流规律及欧姆定律可知:U1:R1=U2:R2,则R1:R2=U1:U2=3:1;若甲、乙均为电流表时,断开开关S,R1和R2并联,甲表测量R2所在之路路电流I2,乙表测量干路总电流I,即I2=I甲,I=I乙,根据并联电路电压规律及欧姆定律可知:I1R1=I2R2则I1:I2=R2:R1=1:3……③,根据并联电路电流规律可知:I=I1+I2……④,联立③④得:I:I2=4:3,则I甲:I乙=3:4,故选C。6、A【解析】

从实物图中可以看出,两只灯泡并联,开关控制干路,电流表测量灯泡L1的电流,据此分析.【详解】A、两只灯泡并联,开关控制干路,电流表测量灯泡L2的电流,符合题意;B、两只灯泡并联,开关控制干路,电流表测量干路中的电流,不合题意;C、两只灯泡并联,电流表测量灯泡L1的电流,不合题意;D、两只灯泡并联,开关控制L2支路,而实物图中的开关控制干路,不合题意.故选A.7、B【解析】试题分析:电路的连接有串联和并联两种方式:(1)串联电路只有一条电流路径,流过一个元件的电流同时流过另一个元件,因此各元件相互影响;(1)并联电路中有多条支路,所以各元件独立工作、互不影响.电流从正极开始,依次经过灯泡L1、S1、L1回到电源负极,因此断开开关S1,S3,闭合开关S1.考点:串联电路和并联电路的辨别点评:解决此题的关键是理解串、并联电路的特点,会连接简单的串并联电路二、填空题(本大题7小题,共21分)8、汽化放出【解析】

[1]根据题意,塑科薄膜盖住坑口,土壤中的水分会汽化(蒸发)变为水蒸气;[2]水蒸气在塑料薄膜下凝结成水珠,是液化过程,液化过程放热.这样水被聚焦起来.【点睛】重点是汽化和液化的物态变化过程,除了要记清楚六个物态变化的过程谁吸热、谁放热,还要多了解一些物态变化在生活生产中的应用,体会物理知识与生活的紧密联系.9、电磁感应机械能电源【解析】

利用电磁感应现象可以产生感应电流;在电磁感应现象中机械能转化为电能;在对外供电的过程中,电源会提供电能.【详解】转动魔方时,闭合电路的导体做切割磁感线运动,会产生感应电流,利用的是电磁感应现象;在发电的过程中,电能转化为机械能;魔方给移动设备充电时,魔方提供电能,相当于电路中的电源.【点睛】发电机的原理是利用电磁感应现象,而电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动,它们的能量转化分别是:机械能转化电能,电能转化为机械能.10、0~0.611.7【解析】

由电路图可知,灯泡与滑动变阻器串联,电流表测电路中的电流,∵灯泡额定电流为0.3A,∴电流表的量程为0~0.6A;灯泡正常发光时即两端的电压为2.5V时,滑动变阻器接入电路中的电阻最小,∵串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和,∴滑动变阻器两端的电压U滑=U﹣UL=6V﹣2.5V=3.5V,∵串联电路中各处的电流相等,∴根据欧姆定律可得,R滑==≈11.7Ω。11、直线A【解析】

(1)光在同一均匀物质中是沿直线传播的;(2)视觉正常的人观看远处的物体时,像成在视网膜上,A图中光线会聚的位置在视网膜上.12、液化大于做功【解析】

(1)水蒸气对软木塞做功,水蒸气的内能减小,温度降低,水蒸气遇冷液化形成的小水滴悬浮在空气中形成“白雾”;(2)水蒸气对软木塞做功,水蒸气的内能减小,水蒸气的内能转化为软木塞的机械能,由于存在热量的散失,故水蒸气减少的内能大于软木塞增加的机械能,这与热机的做功冲程相似。13、2.008g/cm1【解析】试题分析:(1)刻度尺测物体的长度要先看最小分度值,再用末刻度减去开始的刻度得出物体的边长;(2)物体的质量等于砝码的质量加游码的质量,物体的体积等于边长的立方,根据ρ=计算出密度.解:(a)刻度尺的最小分度值为1mm,边长L=5.00cm﹣1.00cm=2.00cm;(b)砝码的质量为50+10g=60g,游码的质量为4g,所以该金属块的质量为64g.金属块的体积为V=(2.00cm)1=8cm1;金属块的密度ρ===8g/cm1=8×101kg/m1.故答案为(a)2.00;(b)8×101.14、2.00【解析】

由图知,刻度尺的分度值为1mm,物体左侧与7.00cm对齐,右侧与9.00cm对齐,所以物块的边长L=9.00cm-7.00cm=2.00cm;正方体物块的底面积S=2cm×2cm=4cm2,物块对桌面的压强:p====2.5×103Pa.三、作图题(共7分)15、【解析】沿力F做力的作用线,从支点O向力的作用线做垂线,垂线段的长度即为力臂.如图所示:点睛:力臂是从支点到力的作用线的距离.先确定支点O,再做出力的作用线,从支点O向F的作用线引垂线,垂线段的长度即为力臂.16、【解析】试题分析:由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极,磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致,故可标出磁感线的方向.根据磁感线方向即可确定磁铁的N、S极.解:由图可知:小磁针静止时N极指向的方向为该点磁感线的方向一致;再根据磁感线在磁体的周围是从N极出来,回到S极;如图:【点评】本题考查了磁感线的特点.小磁针N极在磁场受力方向与磁感线方向一致.17、【解析】

因为平面镜成像的特点是:像与物关于平面镜对称,所以,先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′,用虚线连接A′、B′即为物体AB的像,如下图:【点睛】本题考查的是平面镜成像的相关作图,在作出物体在平面镜中所成的像时,要先作出端点或关键点的像点,用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像.四、实验题(本大题共5小题,共20分)18、右左把OB当作F2的力臂杠杆自重对实验产生了影响错误不同的物理量不能相加A【解析】

(1)调节杠杆在水平位置平衡,使杠杆在水平位置平衡,力臂在杠杆上,便于测量力臂大小,同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响.杠杆右端偏高,右端的平衡螺母应向上翘的右端移动.如图(b)所示的状态,左高右低,可以将右端钩码的位置向左移;(2)两同学用弹簧测力计与钩码探究杠杆的平衡条件,如图丙、丁所示,都得到F1•OA<F2•OB,并由此得出结论:动力×动力臂<阻力×阻力臂.则丙的原因是把OB当作F2的力臂;丁的原因是杠杆自重对实验产生了影响;(3)得出“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论是错误的,因为数据具有偶然性,不能得出普遍规律,单位不同的物理量不能相加.(4)从杠杆的平衡条件及施工量等因素考虑,工人师傅们应选择如图A的方案较省力.19、【解析】

水的重力等于弹簧测力计的示数,弹簧测力计的分度值是0.2N,指针在2N下4格处,示数为2.8N;这袋水浸入水中就会受到水的浮力,弹簧测力计的示数等于这袋水的重力减去它受到的浮力,即F浮=GF示,重力是不变的,弹簧测力计示数变小也就说明了浮力增大;弹簧测力计的示数为零,说明了这袋水受到的浮力等于它的重力,等于2.8N;根据阿基米德原理可知:V排==2.8×10−4m1.【点睛】1、弹簧测力计测的就是水的重力,读取弹簧测力计的示数先认清分度值;2、水袋浸入水中,就会受到水施加的浮力F浮=GF示,重力是不变的,从弹簧测力计示数的变化就可以看出浮力的变化;1、弹簧测力计的示数为零,根据F浮=GF示,浮力就等于重力,再根据V排=求出水袋排开水的体积.20、钩码重力G/N钩码上升高度h/m弹簧测力计示数F/N绳端上升的高度s/m有用功W有/J总功W总/J机械效率0.2480%【解析】

(1)根据η=W有W总=Gh钩码重力G/N钩码上升高度h/m弹簧测力计示数F/N绳端上升的高度s/m有用功W有/J总功W总/J机械效率(2)由图知刻度尺的最小分度值为1cm,钩码示数的高度h=hAB=5.0cm=0.050m,拉力F移动的距离为s=hA′B′=35.0cm﹣20.0cm=15.0cm=0.150m,弹簧测力计的分度值为0.2N,示数为2N;有用功:W有用=Gh=4.8N×0.050m=0.24J,总功:W总=Fs=2N×0.150m=0.3J,机械效率为:η=W有W总=0.24J0.321、匀速直线绸布2.4不同l=-10h+3没有控制木块由静止滑下时的高度h错误【解析】

(1)在探究刷冰长度的影响因素的实验过程中,拉动木块在不同表面上做匀速直线运动,此时弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力,根据弹簧测力计示数的关系,若用木板模拟未刷冰区域,则选择摩擦力小的材料模拟刷冰区,故选绸布;(2)乙图中弹簧测力计的分度是0.2N,弹簧测力计的示数是2.4N;(3)①验证猜想1时,即M的长度l与木块由静止滑下时的高度h有关,应保持x不变,将木块从不同高度静止滑下,根据表中数据描点连线,是一条直线,如图所示:根据直线可得图线斜率是,图线是一次函数的图线,所以图线方程是l=-10h+b,代入两组数据得:2.0=-10×0.1+b,1.6=-10×0.14+b,得出b=3,故l与h的定量关系:l=-10h+3;②在研究猜想2时,没有控制物块从斜面同一位置滑下,即没有控制木块由静止滑下时的高度h;正确操作后,每次只前后移动M,所选材料M的长度不变,则滑块在木板上滑动的距离也是一定的,所以猜想2是错误的。22、电流表无示数,电压表示数接近电源电压1.14灯的实际功率越大,灯越亮在第1次实验中,灯丝电阻为5Ω,没用通电时,温度更低,所以电阻会更小【解析】

(1)将开关与小灯泡右接线柱相连,如图所示:(2)由题意可知,正确连接电路,闭合开关,发现小灯泡不亮,判断故障是小灯泡断路,电流表无示数,则电压表串联在电路中测电源电压,电压表示数接近电源电压;(3)由图表可知,小灯泡的额定电压U=3.8V,额定电流I=0.30A,小灯泡的额定功率:PL=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W;根据P=UI,灯的实际功率分别为:0.20W、0.44W、0.75W、1.14W、1.53W,根据对应的发光情况,可得出的结论是:灯的实际功率越大,灯越亮;(4)在第1次实验中,由欧姆定律,灯丝电阻:RL===5Ω,没通电时,温度更低,因小灯泡灯丝电阻随着温度降低而减小,所以电阻会更小,故闭合开关前灯丝的阻值小于5Ω.五、计算题(本大题共2小题,共13分)23、(1)12Ω;6Ω(2)90J(3)5:3【解析】

(1)当S接a时,R1与灯L串联.灯泡恰能正常发光,则电路中电流Ia=IL===0.5A,灯L的阻值RL===12Ω,此时电路的总电阻R===18Ω,则R1=R-RL=18Ω-12Ω=6Ω.(2)电阻R1消耗的电能全部转化为热量,所以当S接a时,电阻R1通电1min电流所做的功W=Q===90J.(3)S接a时电路消耗的总功率Pa=UIa=9V×0.5A=4.5W;S接b时,R1与灯L串联,则此时电路消耗的总功率Pb===2.7W;则==.24、①4kg;②3920Pa;③【解析】

(1)甲的质量:m甲=ρ甲V甲=2×103kg/m3×2×10−3m3=4kg;(2)因为甲为密度均匀形状规则的固体,所以对水平地面的压强p甲==2×103kg/m3×9.8N/kgm=3920Pa;(3)柱体甲的体积为米2。高为0.2米,甲的底面积S甲==1S乙,由题意知放入物体后容器底部受到的压强变为原来的2倍,根据液体的压强公式可知,放入甲后液体深度变为原来的2倍,当物体刚好浸没时V排达到最大,并且满足深度达到原来的2倍关系,此时液体密度最小,又甲的高度为0.2m,所以原来水的深度为0.1m.液体的体积V=Sh=,所以液体的密度=1.0kg/.六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)25、不变静止【解析】

平面镜成像的特点是:像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换,即像

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