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文档简介
2022-2023学年山东省青岛市西海岸新区高一下学期调研检测(分考试)数学试题一、单选题1.已知集合,集合,则(
)A. B. C. D.【答案】A【分析】根据交集运算求解.【详解】由题意可得:.故选:A.2.函数的零点所在区间是(
)A. B. C. D.【答案】C【分析】根据函数单调性结合零点存在性定理分析判断.【详解】∵在定义域内单调递增,且,∴函数的零点所在区间是.故选:C.3.(
)A. B. C. D.【答案】D【分析】根据诱导公式得即可解决.【详解】由题知,,故选:D4.复利是一种计算利息的方法,即把前一期的利息和本金加在一起算作本金,再计算下一期的利息,我国现行定期储蓄中的自动转存业务就是类似复利计算的储蓄.某人在银行存入本金5万元并办理了自动转存业务,已知每期利率为p,若存m期,本利和为5.4万元,若存n期,本利和为5.5万元,若存期,则利息为(
)A.5.94万元 B.1.18万元 C.6.18万元 D.0.94万元【答案】D【分析】由指数的运算得出存期的本利和,再减去本金得出所求利息.【详解】由题意可得,则,即存期,本利和为,则存期,则利息为万元.故选:D5.函数在的图象大致为(
)A. B.C. D.【答案】A【分析】根据函数奇偶性,结合特殊值检验即可解决.【详解】由题知,,关于原点对称,因为,所以为偶函数,故C,D错误;又当时,易知,所以,故B错误;故选:A6.已知函数为函数的反函数,则(
)A.1 B.2 C.3 D.4【答案】D【分析】由题意可得,结合指数幂的运算求解.【详解】由题意可得:,故.故选:D.7.已知定义在上的奇函数,对任意的,,满足,且,则的解集为(
)A. B.C. D.【答案】A【分析】构建,根据题意分析可得在定义域内为偶函数,在上单调递增,在上单调递减,分和两种情况讨论,结合函数性质解不等式.【详解】构建,则,故在定义域内为偶函数,∵任意的,,满足,则在上单调递增,故在上单调递减,对于不等式,则有:当时,可得,即,∵在上单调递增,且,∴的解集为;当时,可得,即,∵在上单调递减,且,∴的解集为;综上所述:不等式的解集为.故选:A.8.已知,,,则(
)A.S的最大值是 B.S的最大值是C.S的最大值是 D.S的最大值是【答案】B【分析】根据题意整理得,令,利用基本不等式求得,进而整理可得,结合对勾函数求最值.【详解】∵,令,∵,,则,当且仅当,即时等号成立,故,可得,又∵在上单调递增,则,∴,即S的最大值是.故选:B.二、多选题9.已知,,则(
)A. B.C. D.【答案】ACD【分析】根据对数的运算逐项分析判断.【详解】对A:,A正确;对B:,B错误;对C:,C正确;对D:,D正确.故选:ACD.10.已知函数的最小正周期为π,则(
)A.B.函数为奇函数C.函数在上单调递减D.直线是图象的一条对称轴【答案】ABD【分析】根据三角函数性质逐项分析判断.【详解】对A:由题意可得:,解得,A正确;故,对B:,故函数为奇函数,B正确;对C:令,解得,故函数的递减区间为,令,且,则函数在上单调递减,在上单调递增,C错误;对D:为最大值,故直线是图象的一条对称轴,D正确.故选:ABD.11.若实数a,b满足,,则(
)A. B.C. D.【答案】AB【分析】首先确定的范围,再根据换底公式,做差法,以及单调性法判断选项.【详解】由条件可知,,或,A.根据换底公式可知,,即,故A正确;B.,因为,,所以,即,故B正确;C.,当时,,,所以,故C错误;D.当时,根据指数函数的单调性可知,,根据幂函数的单调性可知,所以不确定与的大小关系,当时,根据指数函数的单调性可知,,根据幂函数的单调性可知,所以,综上可知,D错误.故选:AB12.已知函数,函数与的图象关于y轴对称,则(
)A.存在实数a,使函数的图象存在对称中心B.对任意实数a,函数值域均为RC.存在实数a和k,使函数不存在零点D.对于任意给定的正实数m,总存在实数a,使函数在区间上单调递减【答案】ACD【分析】由与的图象关于y轴对称,可得,进而可得解析式,借助解析式画出图象,根据图象对选项逐一判断即可.【详解】与的图象关于y轴对称,则,又,则,对于A,a=0时,图象如下:函数为奇函数,故A正确;对于B,如下图所示,函数的值域不为R,故B不正确;对于C,如上图所示,存在直线与函数的图象无交点,即函数不存在零点,故C正确;对于D,由图象可知,当时,函数在上单调递减,故D正确.故答案为;ACD.三、填空题13.函数的定义域为______.【答案】【分析】根据函数的解析式,列不等式求函数的定义域.【详解】函数的定义域需满足,解得:且,所以函数的定义域是.故答案为:14.写出一个同时具有下列性质①②的函数______.①;②在R上为增函数.【答案】(答案不唯一)【分析】根据指数函数的性质,判断函数的解析式.【详解】指数函数满足,且,时,函数单调递增,所以满足条件的一个函数.故答案为:(答案不唯一)四、双空题15.在平面直角坐标系中,O为坐标原点,若锐角x的终边与以O为圆心的单位圆交于点M,点M关于x轴的对称点为N,MN的中点为P,点,记的面积为S.(1)______(用x表示);(2)已知圆内接三角形中等边三角形面积最大,则的最大值为______.【答案】
【分析】利用数形结合,结合三角函数表示边长,即可求的面积;由已知条件得,圆内接三角形的面积最大.【详解】设,,由条件可知轴,垂足为点,,,;,因为圆内接三角形中等边三角形面积最大,此时,所以当取得最大值.故答案为:;五、填空题16.已知函数,,,且,若对任意,,则______.【答案】2020【分析】根据题意赋值求,总结猜想并验证得:当或时,,当时,,即可求结果.【详解】∵,令,则,注意到,且,则,且能满足,令,则,解得,令,则,解得,令,则,解得,猜想:当或时,,当时,,验证:当时,则成立;当时,则成立;当时,则成立;综上所述:当或时,,当时,.∵,故.故答案为:2020.六、解答题17.已知函数是定义在上的奇函数.(1)求;(2)证明:在上为增函数.【答案】(1)(2)证明见解析【分析】(1)根据奇函数的性质求出参数的值,再代入检验即可;(2)利用定义法,按照设元、作差、变形、判断符号、下结论的步骤完成即可.【详解】(1)解:因为函数是定义在上的奇函数,所以,即,解得,此时,所以,符合题意,所以.(2)证明:由(1)知,设且,则,因为且,所以,,,所以,即,所以在上为增函数.18.已知.(1)当时,求的值;(2)求的值.【答案】(1)(2)【分析】(1)利用平方关系,求解,再求解方程组,利用即可求解;(2)利用平方差公式化简分母,再根据齐次分式形式,将分式转化为正切,即可化简求值.【详解】(1)因为,得,因为,所以,,因为,所以,得,解得:,,;(2)19.已知二次函数的图象过点,不等式的解集为.(1)求的解析式;(2)若函数图象的顶点在函数图象上,求关于x的不等式的解集.【答案】(1)(2)详见解析【分析】(1)首先设二次函数的两根式,再代入点,即可求解;(2)首先求二次函数的顶点坐标,代入函数后,整理不等式,讨论后,求不等式的解集.【详解】(1)因为的解集为,所以设,因为,所以,所以;(2)由(1)可知,函数的顶点在的图象上,则,则,,所以,所以,整理为:,即,当时,不等式的解集为,当时,不等式的解集为,当且时,不等式的解集为.20.已知函数(,),记其最小正周期为T,若.(1)求φ;(2)从①;②两个条件中任选一个,补充在下面的横线处,并解答,若在上单调,且______,求方程在上的解.注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.【答案】(1);(2)答案见解析.【分析】(1)由得到,解方程即得解;(2)先求出的表达式,再利用函数的单调性求出的值,再利用三角函数的图象解方程得解.【详解】(1)由题得.因为,所以.因为,所以.(2)由(1)得.如果选择①,则,.所以.因为.假设函数在上单调递增,令,所以.所以因为,,所以所以.同理当函数在上单调递减,此时无解.,所以,所以或.所以或,因为如果选择②,则函数的图象关于点对称.所以,所以.假设函数在上单调递增,同理所以.同理当函数在上单调递减,此时无解.,所以,所以或.所以或,因为21.如图所示,为增加学生劳动技术实践活动区域,学校计划将一矩形试验田扩建成一个更大的矩形试验田,要求在的延长线上,在的延长线上,且对角线过点.已米,米,设(单位:米),记矩形试验田的面积为.(1)要使不小于64平方米,求的取值范围;(2)若(单位:米),求的最大值及此时的长度.【答案】(1)(2)的最大值为(平方米),此时的长度为米【分析】(1)根据三角形相似,矩形的长和宽用表示出,即可得矩形面积是关于的方程,列不等式求解,即可得的取值范围;(2)根据函数,利用分式性质变形转化为二次函数复合结构,结合二次函数与反比例函数的性质,即可求得的取值范围,从而得最大值及此时的长度.【详解】(1)由题意可知,则,故,要使S不小于64平方米,则,且,解得或,即x的取值范围为.(2)因为,令,由于,所以,则,所以即当时,取到最大值,则的最大值为(平方米),此时的长度为米.22.已知函数,,.(1)求的解析式;(2)已知函数的图象关于点成中心对称图形的充要条件是函数为奇函数,据此结论求函数图象的对称中心;(3)设函数,,若对任意,恒成立,求m.【答案】(1)(2)函数的图象关于点成中心对称图形;(3)【分析】(1)利用关系,列方程求即可得函数的解析式;(2)化简函数解析式可得,证明根为奇函数,根据所给结论确定对称中心;(3)由(2)判断函数的单调性,再判断函数的单调性,由条件可得,在上恒成立,令,可得在上恒成立,方法一:讨论求函数的最小值,列不等式求,方法二,取求在上恒成立的必要条件,再验证该条件也为充分条件即可.【详解】(1)因为,,,所以,,所以,所以,(2)因为,所以,所以因为,所以因为,所以函数为奇函数,又函数的图象关于点成中心对称图形的充要条件是函数为奇函数,所以函数的图象关于点成中心对称图形;(3)因为,所以函数在上为减函数,所以函数在上为减函数,有意义可得且,由可得,当时,因为,所以不等式恒成立,当时,不等式可化为,满足条件的不存在,所以函数的定义域为,因为函数在上单调递增,所以函数在上单调递减,所以函数在上单调递减,故函数在上单调递增,又,所以当时,,当时,,当时,,因为对任意,恒成立,所以对任意,恒成立,即在上恒成立,令,,则,所以在上恒成立,所以,其中,方法一:当时,不等式可化为,,矛盾,故,函数可化为
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