2017年广州铁一初三物理一模答案版

2017年广州市铁一中学初三期中考试试题第一部分选择题（共36分）一、选择题（每小题3分，共36分）每小题给的四个选项中，只有一个选项是符合题意的。1.对物理量的测量，是一种重要的实验技能，也是学好物理的基本功之一。下列是对一位发育正常的九年级学生的相关物理量的测量以及工具选择，你认为合理的是（）A.通过双手掌的安全电流大约是0.5AB.单手的支持力有750NC.长跑1000米的平均速度大约为4.5m/sD.脚掌长为25000国答案：C解析：通过人体的安全电流大约为10mA，故A错误；中学生的体重大约是500N,故B错误；中学生长跑1000米一般所需时间为3分30秒，平均速度大约就为4.5m/s,故C正确中学生脚掌长大约为25cm,故D错误.小明把一瓶酸奶、咸鱼放在冰箱里，过了一晚，他闻到从冰箱拿出的酸奶具有一股咸鱼味，此现象能说明（ ）A.分子在不断地运动B.酸奶瓶对咸鱼分子有引力C.咸鱼的内能大于酸奶瓶的D.咸鱼的温度高于酸奶瓶的答案：A解析：把一瓶酸奶、咸鱼放在冰箱里，由于它们的分子都在不停地做无规则的运动，所以会有部分分子彼此进入对方，这就形成了闻到从冰箱拿出的酸奶具有一股咸鱼味的现象.这是分子发生扩散的结果.故选A..以下关于核能发电的说法中正确的是（ ）A.日本福岛核事故造成放射性污染，所以应该关闭所有核电站B.核能既是可再生能源又是新能源，所以应该大力发展核电。目前核电站获得核能的途径是核聚变，是不加控制的D.核反应堆中发生的链式反应是可控的【答案】D【解答】解：A、核电站是一种高能量、少耗料的电站，采取有效措施是可以防止核事故产生的，关闭所有核电站不可行，不符合题意；B、核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的.像铀矿这类矿物能源，一旦消耗就很难再生，属于

不可再生能源，不符合题意；^目前核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，不符合题意;D、核反应堆中发生的链式反应是可控的，符合题意.4.下列符合安全用电规则的是( )4.下列符合安全用电规则的是( )【答案】C【解答】开关只控制小灯泡，故A、B错误，开关应接火线并与用电器串联，故C正确。5.小虹在做“探究串联电路电压的规律”实验时，连好了如图所示的电路，闭合开关S后发现灯泡L1较亮，灯泡L2只能微弱发光，以下对于这一现象产生原因的分析中，合理的是( )图1A.灯泡L2图1B.灯泡L1两端电压小于灯泡L2的C.经过灯泡L1的电流大于灯泡L2的D.灯泡L1的电阻大于灯泡L2的【答案】D【解析】(1)灯泡L2发生断路时，电路中没有电流，则L1、L2都不能发光，故A不正确；(2)因灯泡的亮暗取决于实际功率大小，且灯泡L1较亮，灯泡L2只能微弱发光，所以，灯泡L1的实际功率功率大于L2的实际功率，且因串联电路中各处的电流相等，所以，图中通过两灯泡的电流相等，故C不正确；(3)再由P=UI可知，灯泡L1两端电压大于灯泡L2的，故B不正确；(4)由P=I2R可知，灯泡L1的电阻大于灯泡L2的，故D正确.故选D.

6.AC硬棒质量忽略不计，在棒的B、C两点施加力F6.AC硬棒质量忽略不计，在棒的B、C两点施加力F1、F2,F2的方向沿OO‘线，棒在图2所示位置处于平衡状态.则（ ）A.F1<F2B.C.D.F1力臂小于）F2方向沿OO’线向下【答案】C【解析】力臂为支点到力的作用线的距离，由图可知，F2臂为L广S]+S2,而F1并不等于S1,而是L1<S1,故L1VL2,所以F1>F2,故A错误；由于F1和F2的力臂不是L1和L2,所以B错；F1的力臂为A点到F1的垂直距离，故小于S1,C正确；要使杠杆平衡，F2的方向应为沿oo‘线向上，故D错误.7.如图是电磁波家族，真空中各种电磁波的传播速度相同。某类恒星温度较低，呈暗红色；另一类恒星温度极高，呈蓝色。根据所给信息可推测（）。A.红外线波长比蓝光波长短B.红光与X射线都是电磁波C.恒星温度越高，发出的光频率越低D.真空中红光比无线电波传播速度大【答案】B【解析】本题考查电磁波。A选项，已知。=九f，各种电磁波传播速度均相同，即波长越长频率越低，由图可知红外线比蓝光频率低，则表明红外光波长比蓝光波长长，故A错误。B选项，图中均为电磁波，因此红外线和X射线都是电磁波，故B正确。C选项，传播频率与电磁波波长成反比，与温度无关，故C错误。D选项，真空中所有电磁波传播速度均相同，故D错误。故本题答案为B。.如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃桶内放一小团硝化棉。迅速下压活塞，硝化棉燃烧。下列说法正确的是（）A.迅速向上抽活塞，硝化棉也能燃烧B.此实验只通过热传递改变筒内空气的内能C.下压活塞的过程，空气的内能转化为活塞的机械能D.硝化棉燃烧，是因为玻璃筒内空气的温度升高，内能增大【答案】D【解析】本题考查做功改变内能。A选项，向上抽活塞时，筒内气体体积变大，气体内能减小，温度降低，因此硝化棉不会燃烧，故A错误。B、C、D选项，向下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使其气体的内能增加，温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来，故B、C均错误，D正确。故本题答案为D。图5所示，水平地面O点两侧粗糙程度不同，物体一直受到沿水平方向3N的力F。物体经过M点开始计时，每经过相同时间，用虚线框记录物体的位置。物体在MO段做匀速直线运动，完成9、10题产产=3K.物体在A.OQ段做匀速直线运动 B.物体在N点的动能大于P点的C.MN和OQ段受到的摩擦力都是3ND.OQ段比MN段光滑【答案】D【解析】MN段物体做匀速直线运动，由图可知，2=tQ,SpQ>s0P，因此，、。>%，物体在OQ段做加速运动，故A错；则可知物体在N点速度小于P点速度，故物体在N点动能小于P点动能，故B错；因为物体在MO段做匀速直线运动，物体在水平面受力平衡，F=f=3N，而在OQ段做加速运动，则有F>f则摩擦力小于3N,OQ段比MN段光滑，故C错D正确。.F在MN、OP段做功分别为WMN、WOp,功率分别为PMN、POP，贝U

A，WMN<WOPB,WMN>WOPCPMN>POPD,PMN<POP【答案】D【解析】此题比较灵活，就是对功和功率公式的运用。由功公式卬=Fs可知，MN、OP两段F,s都一样，故所做的功一样，故A、B错。由功率的公式P=W/t可知，MN段时间较大，所以功率小，所以D正确。.图6所示，规格相同的容器装了相同质量的纯净水，用不同加热器加热，忽略散热，得到图7所示的水温与加热时间的图线，则（）圉6 圉6 图了A.甲烧杯中的水温度升的比较快，说明比热容比乙杯中的水比热容小B.加热相同时间，两杯水吸收的热量相同C.吸收相同的热量，甲杯的水升温比乙杯的多D.甲杯的水加热2min比乙杯的水加热3min吸收的热量相同【答案】D【解析】A.由于两杯是相同质量的纯净水，只是用不同加热器加热，甲的升温快只能说明甲的加热器加热得比较快，不能说明甲的比热容大，因为都是相同的物质。B.实验中，用不同加热器加热，相同时间内，加热器放出的热量不同，所以相同时间内两杯水吸收的热量不同，B错C.两杯水的质量相同，根据At=%可知，吸收相同的热量，两杯水升高的温度相同，C错cmD.根据图7可知，甲杯的水加热2min与乙杯的水加热3min升高的温度相同，根据Q=cmAt可知，两杯水的质量相同，所以吸收的热量相同，D正确12.如图所示是一种水翼船，船体下安装了水翼.当船在高速航行时，水面下的水翼会使船体整体抬高从而减小水对船体的阻力.则水翼安装正确的是（）A.:：L-:----------：.=j-.-：-b. - 二-4二V V【答案】B【解析】A.AD两个水翼相反放置，受到水的压力相反，对船体不会产生向上的升力作用，不符合题意B.两个水翼都是上面弧形，下面平面，水经过上方的流速大于下方的流速，上方压强小于下方压强，水对船体产生一个向上的升力作用，符合题意C.两个水翼都是上面平面，下面弧形，水经过上方流速小于下方流速，下方压强小于上方压强，水对船体产生一个向下的压力作用，不符合题意故选B第二部分非选择题（共64分）二、填空作图题（每空1分，图8分，共20分）13.如图9中玩具猩猩手中的香蕉以相同大小的速度转动如图10所示，香蕉（看成点）从最高位置转到最低位置的过程中，其动能 、重力势能、机械能。（选填“增大”、“不变”、“减小”）图9 图10答案不变；减小；减小解析本题考查动能、势能以及机械能。由题意可知，香蕉从最高位置转到最低位置的过程中，其质量不变，速度不变，所以动能不变；高度降低，由于势能与位置有关，即重力势能减小；机械能等于动能和势能之和，所以机械能减小。14.拆开图9中玩具，发现电源、开关、发光二极管（简称“LED”）、电动机（符号“⑼”）各一个及连接导线，闭合开关，电动机顺时针转动，LED亮，将电动机一端连线断开，闭合开关，LED亮。（1）在方框内画出玩具的电路图。（2）把电动机断开的连线接回原处，将电源正、负极反接，闭合开关，电动机转动（选填“不”、“顺时针”、“逆时针”），而此时LED（选填“亮”、“不亮”）。（3）如果将玩具中的电源拆下，换成一个小灯泡，利用该玩具要使小灯泡发光的操作方法是 答案（1）如图所示： 一（2）逆时针；不亮解析分析：本题考查电路设计和并联电路。（1）将电动机一端连线断开，闭合开关，亮，说明电动机和独立工作、互不影响即符合并联的特点，闭合开关，电动机顺时针转动，亮，说明开关位于干路，据此设计电路图。（2）把电动机断开的连线接回原处，将电源正、负极反接，闭合开关，电动机反向转动，即逆时针转动；发光二极管具有单向导电性，将电源正、负极反接时，该支路相当于断路，不亮。（3）用外力转动动猩猩的香蕉使之做圆周运动，当转动的速度达到一定值的时候，就可以使灯泡发光了。15.托里拆利测量大气压强值实验如图所示,当时的大气压强等于—mm高水银柱所产生的压强.若实验时玻璃管内水银柱上方不是真空，混有少量空气，测出的大气压强值与真实值相比（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）。若实验时玻璃管内水银柱上方是真空，测出该大气压强值的可能原因是 。答案750偏小当地处于高原地区，大气压强比较低。解:1.读图可以知道,玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为750mm,因此,当时的大气压强等于750mm高水银柱产生的压强；.实验中,玻璃管内水银柱上方是真空，当上端漏进少量空气时,因为空气会产生向下的压强，所以水银柱的高度将变小；.海拔越高，大气压强越低。当地处于高原地区，大气压强比较低。

（2（2）如图12所示，静止时U型管两侧液面相平，下列选项包含图13中所用合理情形的是（）图13图12答案：甲、丙图13解：甲图：气流从U型管右边上方吹过，此时右边上方空气流速大，压强小，而左边压强不变，所以在左右两边压强差的作用下，右边液面升高，故图示合理；乙图：气流从U型管左边上方吹过，此时左边上方空气流速大，压强小，而右边压强不变，所以在左右两边压强差的作用下，左边液面应该升高，而图中右边液面升高，故图示不合理；丙图：向U型管左边充气，其左边液面上方的大气压变大，而右边液面上方的大气压不变，左边的大气压大于右边的大气压，右边的液面上升，故图示合理；丁图：向U型管左边抽气，其左边液面上方的大气压变小，而右边液面上方的大气压不变，左边的大气压小于右边的大气压，左边的液面应该上升，而图中右边的液面升高，故图示不合理；综上分析可知，甲、丙两图合理，乙、丁两图不合理。故选甲、丙。.如图14是手臂的简化图，手托住重物时，肌肉对前臂的拉力沿图中ab线。（1）在图中画出重物对手的压力；（2）画出肌肉对前臂的拉力方向；（3）画出拉力的力臂； 重物（4）根据公式判断肌肉对前臂的拉力 重物对手的压力（选匚|...填“大于,，“等于,,“小于”）。答案（1）（2）（3）

（4）斗匕=尸212；大于解答：（1）重物对手的压力竖直向下，作用点在手掌上；（2）肌肉对前臂的拉力沿ab方向向上；（3）从支点O向ab引垂线段，即为拉力的力臂；（4）由图知，相对于O点，重物的力臂远远大于拉力的力臂，由公式FjLlFRz知，前臂是一个费力杠杆，肌肉对前臂的拉力大于重物对手的压力。.被细绳拴着的小球在竖直平面绕O点做顺时针匀速圆周运动，轨迹如图15中虚线所示，不计空气阻力（1）在图15画出小球（黑点代表小球）在图中刚好转动如同位置时的受力分析（2）如果小球运动到图中时绳子突然断了，同时小球所受的所有力都消失，小球（图15中黑点）将按照图16中的运动（选填“轨迹1”、“轨迹2”、“轨迹3”、“轨迹4”）轨迹1【答案】（1）如图（2）轨迹2【解析】（1）小球做匀速圆周运动，即小球所受的合外力提供向心力，此时看图我们发现，小球受到重力和绳子的拉力作用，它们的合力必不指向圆心，而绳子的拉力是指向圆心的，提供向心力，那么小球必然受到一个与重力大小相等，方向相反的力。也就是说，小球受到竖直向下的重力，竖直向上、与重力大小相等的一个力，和绳子的拉力三个力。（2）正在运动的物体不为零，当外力消失时，由于惯性物体将保持原来的运动状态，即做匀速直线运动。18.如右图17所示u，搬运师傅利用一条长为4m，机械效率为60%

斜面匀速从底部将一个重为400N的物体推上1.5m18.如右图17所示u，搬运师傅利用一条长为4m，机械效率为60%

斜面匀速从底部将一个重为400N的物体推上1.5m高的车厢上，搬运过程中对物体的有用功是到的摩擦力是N。J,总功是 J，物体受答案：600；1000；100图17解析：有用功：W有用=Gh=400Nx1.5m=600J卬 600J总功：W=—有用= =1000J总“ 60%摩擦力：W页外=W总—W有用=1000J?600J=400J19.请根据你所学过的物理知识,解释说明下面事例：如图18所示,在装有适量水的盘子中央,固定一根点燃的蜡烛，然后将一个透明的玻璃杯倒扣在蜡烛上，会发现蜡烛很快熄灭并且盘中的水在 的作用下进入杯中;在此过程中，杯中水柱对盘子底部产生的压强 .（选填“不变”、“增大”或“减少”）图18答案：大气压，增大解:将一个透明的玻璃杯倒扣在蜡烛上，蜡烛燃烧使杯内气体减少，气压减小、小于外界大气压,盘中水会在大气压的作用下被压入杯中.在此过程中，杯中水柱越来越高，产生水压越来越大.因此，本题正确答案是:大气压;增大；解析:蜡烛燃烧消耗杯内空气使杯内气压减小.液体压强随深度的增加而增大三、解析题（共18分）20.如图19所示，一只体积为3m3的鲸鱼静止在海中.g取10N/kg.海水密度不变.图19（1）在方框内画出此时鲸的受力示意图（以点代替鲸）.（2）求这条鲸鱼受到的重力大小.（3）鲸鱼这类海洋哺乳类需要呼吸空气，可以通过收缩胸腔压缩肺里的空气，达到鱼鳔的效果。如果这条鲸在下潜过程中，鲸鱼要如何调整实现下潜？分析在下潜过程中所受浮力的变化G=mg=F浮=G排=p'g=103x3x10N=30000N(3)鲸鱼要收缩胸腔压缩肺里的空气实现下潜。下潜过程中所受浮力减小。解析：因为F浮=G排=「V排g，压缩肺里的空气可以减小鲸鱼体积，减小排水的体积以减小浮力下潜，这个过程中浮力减小。.图20是小黄家一台快速电热水壶，铭牌如下表.为了测量它烧水时的实际功率，小黄和父亲合作进行了如下实验：关掉家里所有用电器，将该电水壶装了0.6L(600cm3)20℃的水，接入家庭电路中，闭合壶的开关，测得壶中的水从20℃上升到100c所用的时间是3.5min.请根据相关信息求：(1)这个电能表在使用过程中，需要转动多少圈才能在读数上体现差异？(2)这壶水加热过程中吸收的热量；(3)如果不考虑能量损失，这个水壶的电功率是多少(4)小黄在实验完成后，突然发现电能表读数变为2545.1kW-h,小黄想：这不科学啊！难道这个电热水壶会偷电？电能表出现这个现象的原因是什么？水的比热容：4.2x1031/(kg.℃).【解答】解：(1)要使读数有差异，至少使用0.1kW-h的电能。根据电能表的转动参数1200r/kW-h可知，使用1kw-h电能，电能表转动1200圈。因此使用0.1kW-h电能，电能表转动120圈。(2)Vm=pV,Q=cmAt；.m=pV=1.0x103kg/m3x0.6x10-3m3=0.6kgQ=cmAt=4.2x103j/(kg•℃)x0.6kgx80℃=2.016x105J吸P=W,t=3.5min=210stWW2.016x105JP=—= =960Wt210sW=PtW=2.016x105J=0.056kW-h<0.1kW-h可知实际耗电量大于有效的耗电量。主要原因是：1.电热水壶在加热时有热能的散失，未能做到电能100%转化为水的内能;.电热水壶会有灯等其他用电器，也会耗电；.导线会有一定的电阻，导线会消耗电能，实际消耗电能大于有效的耗电量。答：（1）需要转动120圈；（2）吸收的热量是2.016x105J（3）电功率是960W（4）见上解答四、实验探究题22.小明想通过实验验证一下他经常把玩的一颗金属珠是否是钢质的，他的实验步骤如下：（1）将金属珠放在天平左盘内，在天平右盘内放入祛码，当天平平衡时，右盘内祛码和游码位置如图21甲所示，则金属珠质量为m=g（2）将金属珠放入装有少量水的量筒内，金属珠放入前、后量筒内液面如图21乙所示，则金属珠的体积为V=cm3；（3）根据密度公式，可以求出该金属珠的密度p=kg/m3；（4）查询教材中常见物质密度表得知钢铁的密度为7.9x103kg/m3,你对小明的金属珠的材质判断（选填“是”或“不是”“可能是”）钢质的，判断的理由 一图21解析：（1）根据托盘天平天平上“左物右码”放置时，物体的质量等于祛码的质量与游码的对应的刻度值的和。由图甲：金属珠的质量：m=20g+10g+5g+4.4g=39.4g（2）金属珠的体积由量筒中水的体积和放入物体后的总体计算出。由图乙：金属珠的体积：V=36cm3-32cm3=4cm3m39.4g,（3）金属珠的密度为=-=---=9.85g/cm3=9.85x103kg/m3v4cm3（4）比较该金属珠的密度和钢铁的密度，发现两者密度不同，故小明的金属珠不是钢制的。答案：（1）39.4；（2）4；（3）9.85x103：（4）不是；该金属珠的密度与钢铁的密度不同。

fi 0 Qfi 0 Q5g 10g 20g23.（1）小明在研究小灯泡的电功率与灯泡亮度之间的关系时，按图1连接实物、接通电路，电流表有示数，电压表示数为0.5V。当移动滑动变阻器滑片时，电压表示数不变，检查发现只有滑动变阻器接线出错，该错误是_。（2）按图1在图2中正确连接实物。（3）正确连接后，小灯泡刚发光时电压表、电流表的示数如图3所示，完成表3。（4）根据表3,归纳小灯泡电阻变化的规律：_。图3表3小灯泡的实验数据

发光情况刚发光较亮很亮U/V2.003.00I/A0.300.38P/W0.601.14R/Q6.677.89（5）现在去五金店购买灯泡，商店老板都推销LED灯泡，说是比普通小灯泡省电，小明也买了一个标有“3V”的LED灯泡回来，打算利用图23的电路不增加其他器材鉴定，商店老板是不是忽悠。你认为小明需要进行的操作步骤是:。判断的LED是不是更省电方法是:。【答案】（1）滑动变阻器的下面两个接线柱连入了电路（2）如图所示:图2 电谏电压（3）如表所示:发光情况刚发光较亮很亮U/V1.002.003.00I/A0.20fl.30：3£P1V0.201.14Rd5.006.677.89（4）灯泡两端的电压越高，灯越亮，灯泡的电阻越大。（5）将小灯泡换成LED灯LED灯在额定电压下工作时，功率是否比小灯泡小【解析】（1）当移动滑动变阻器滑片时，电压表示数不变，检查发现只有滑动变阻器接线出错，即滑动变阻器滑片滑动时，电路中的电阻没有改变，即滑动变阻器不能改变电阻有效值，由于电压表示数只有0.5V，而电源电压为4.5V，可知滑动变阻器接入电路的有效阻值比较大，所以该错误是：将滑动变阻器的下面两个接线柱连入了电路（滑动变阻器以最大阻值接入电路，其分得电压较大）。（2）由图3知，两表均选用小量程，滑动变阻器滑片左边部分连入电路，对照电路图连接实物图，连线时注意电表的正负极的连接，连线如图所示。（3）由图知，两电表均选用小量程，电压表的分度值为0.1V，示数为1.0V；电流表的分度值为0.02A，示数为0