2023年新疆维吾尔自治区克拉玛依市第十三中学高二物理第二学期期中达标测试试题含解析

2023年新疆维吾尔自治区克拉玛依市第十三中学高二物理第二学期期中达标测试试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，质量为M的密闭汽缸置于光滑水平面上，缸内有一隔板P，隔板右边是真空，隔板左边是质量为m的高压气体，若将隔板突然抽去后，则汽缸()A．保持静止不动B．先向左移动，后向右移动回到原来位置C．最终向左做匀速直线运动D．向左移动一定距离后恢复静止2、某种位移式传感器的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，平行金属板A、B和介质P构成电容器，在可移动介质P向右匀速移出的过程中（）A．电容器的电容变大B．电容器的电荷量保持不变C．M点的电势比N点的电势低D．流过电阻R的电流方向从M到N3、如图所示为氢原子的能级图，当氢原子发生下列能级跃迁时，辐射光子波长最短的是A．从n=6跃迁到n=4B．从n=5跃迁到n=3C．从n=4跃迁到n=2D．从n=3跃迁到n=14、下列提到的交流电，哪一个不是指有效值A．电容器的击穿电压 B．保险丝的熔断电流 C．交流电压表读数 D．220V交流电压5、理想变压器连接电路如图甲所示，已知原、副线圈匝数比为10∶1，当输入电压波形如图乙时，电流表读数为2A，则()A．电压表读数为282V B．电压表读数为28.2VC．输入功率为56.4W D．输入功率为40W6、下列说法正确的是A．气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，从而气体的压强一定增大B．只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数C．液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的D．物体内分子热运动速率大的分子数占总分子数比例与温度无关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、甲图是接有灯泡L和交流电表的理想变压器，乙图是输出电压U2的图象，已知变压器原、副线圈的匝数比为10：1，电流表的示数为2.0A，取1.41，则（）A．电压表V1的示数为220VB．电压表V2的示数为20VC．变压器原线圈电流的最大值为0.282AD．灯泡实际消耗功率为40W8、如图所示，当A振动起来后，通过绷紧水平绳迫使B、C振动起来，下列说法正确的是：（）A．A、B、C三个单摆的周期均相同B．只有A、C两个单摆周期相同C．A、B、C三个单摆的振幅相同D．B的振幅比C的振幅小9、关于近代物理内容的若干叙述，正确的是（）A．自然界有少量的，具有放射性，能够自发地进行衰变，因此在考古中可以利用来测定年代B．重核裂变过程质量增大，轻核聚变过程有质量亏损C．比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定D．通过化学反应不能改变放射性物质的半衰期10、如图所示为物体分子势能与分子间距离之间的有关系，下列判断正确的是A．当r→∞时，分子势能EpB．当r>r0时，r越小则分子势能C．当r=r0时，分子势能D．当r<r0时，r越小，则分子势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用螺旋测微器测某一圆柱体直径，示数如图甲所示，此示数为__mm；用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图乙所示，则读数为__mm．12．（12分）某实验小组利用频闪照相和气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验．如图甲所示，气垫导轨上有A、B两个滑块，质量分别为200g、150g，用细绳将滑块A、B连接，使A、B间的轻质弹簧处于压缩状态，开始时两个滑块都处于静止状态．若某时刻烧断细绳，滑块开始运动，图乙给出两个滑块运动过程的频闪照片频闪的频率为20Hz，分析照片：(1)A、B离开弹簧后，A的动量大小为______，B的动量大小为______．(2)根据实验数据，实验小组得出“在实验误差允许的范围内，两个滑块组成的系统动量守恒”．你认为得到这个结论的依据是____________．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一质量为M的平板车B放在光滑水平面上，在其右端放一质量为m的小木块A，m＜M，A、B间动摩擦因数为μ，现给A和B以大小相等、方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，最后A不会滑离B，已知重力加速度为g，求：（1）A、B最后的速度大小和方向；（2）在平板车与小木块相对滑动的过程中，B的加速度大小及A对B的冲量大小；（3）从地面上看，小木块向左运动到离出发点最远处时，平板车向右运动的位移大小．14．（16分）如图所示，在xoy平面的第II象限内有半径为R的圆分别与x轴、y轴相切于P、Q两点，圆内存在垂直于xoy面向外的匀强磁场。在第I象限内存在沿轴y负方向的匀强电场，电场强度为E。一带正电的粒子（不计重力）以速率v0从P点射入磁场后恰好垂直y轴进入电场，最后从M（3R，0）点射出电场，出射方向与x轴正方向夹角为α，且满足α=45°，求：（1）带电粒子的比荷；（2）磁场磁感应强度B的大小；（3）粒子从P点入射磁场到M点射出电场的时间。15．（12分）如图所示，一定质量的理想气体从状态a开始，经历状态b到达状态c，已知一定质量的理想气体的内能与温度满足（k为常数），该气体在状态a时温度为，求：(1)气体在状态c时的温度；(2)气体从状态a到达状态c过程中从外界吸收的热量。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】突然撤去隔板，气体向右运动，汽缸做反冲运动；当气体充满整个汽缸时，它们之间的作用结束；由动量守恒定律可知，开始时系统的总动量为零，结束时总动量为零，汽缸和气体都将停止运动，故D正确，A、B、C错误；故选D。【点睛】气体和汽缸整体在水平方向不受外力，系统总动量守恒；

撤去隔板瞬间，气体对汽缸左边有压力，气体向右扩散，汽缸向左加速，气体和汽缸无相对运动后，整体重新静止。2、D【解析】

A．介质P向右匀速移出的过程中，介电常数减小，根据电容的决定式，分析可知电容变小，A错误；B．电容器的电压不变，由分析可知其电荷量变小，B错误；CD．电容器处于放电状态，由图可知，上极板带正电，则流过电阻R的电流方向从M到N，M点的电势比N点的电势高，C错误D正确。故选D。3、D【解析】原子在发生跃迁时，辐射的光子波长最短的，对应频率最大的，也就是能级差最大的跃迁，题中四种跃迁中，从n＝3跃迁到n＝1的能级差最大，故选项D正确，ABC错误；故选D.4、A【解析】电容器的击穿电压指交流电的最大值；保险丝的熔断电流、交流电压表读数、220V交流电压都是指交流电的有效值，故选项A符合题意，故选A.5、D【解析】试题分析：初级电压有效值为282/=200V,所以次级电压U2=n2U1/n1=20V，输出功率P=I2U2=40W,由于输入功率等于输出功率，所以输入功率也为40W，选项D正确．考点：此题考查变压器的原理及交流电的有效值问题．6、B【解析】

一定质量的理想气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，由于不清楚体积的变化，根据气体状态方程知道气体的压强变化无法确定，故A错误；摩尔质量与分子质量之比等于阿伏加德罗常数，故B正确；液体中的扩散现象是液体分子的无规则热运动造成的，故C错误；根据麦克斯韦统计规律可知，物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例与温度有关，故D错误．所以B正确，ACD错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

AB．由乙图得理想变压器输出电压的最大值则理想变压器输出电压的有效值电压表示数为有效值，电压表V2的示数为20V．根据变压器原理得，原线圈两端电压的有效值电压表V1的示数为200V．故B正确，A项错误；C．根据变压器原理，解得原线圈电流有效值变压器原线圈电流的最大值为故C正确；D．灯泡实际消耗功率故D正确。故选BCD。8、AD【解析】

由题意，A做自由振动，其振动周期就等于其固有周期，而B、C在A产生的驱动力作用下做受迫振动，受迫振动的周期等于驱动力的周期，即等于A的固有周期，所以三个单摆的振动周期相等，故A正确，B错误；由于C、A的摆长相等，则C的固有周期与驱动力周期相等，产生共振，其振幅振幅比B摆大．故D正确，C错误．故选AD．9、ACD【解析】

A．半衰期是固定不变的，故在考古中可利用14C来测定年代，故A正确;B．裂变和聚变过程都有质量亏损，释放能量，故B错误；C．比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故C正确；D．放射性物质的半衰期与物理，及化学性质无关，故D正确。故选ACD。10、CD【解析】

根据分子势能与距离间的关系图像可知，r为∞时分子势能为零，但不是最小；当r>r0时，r越小则分子势能Ep越小；当r=r0时，分子势能Ep最小；而当r<r0时，r越小，则分子势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3.55011.50【解析】螺旋测微器的固定刻度为3.5mm，可动刻度为5×0.050mm=0.050mm，所以最终读数为3.5mm+0.050mm=3.550mm．游标卡尺的主尺读数为：1.1cm=11mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：11mm+0.50mm=11.50mm．【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12、两滑块组成的系统总动量保持不变，系统动量守恒【解析】

（1）频闪照相的周期为：，滑块A的速度为：，滑块B的速度为：，A的动量为：，方向向右，B的动量为：，方向向左；（2）由（1）可知，释放滑块后，两滑块的动量大小相等方向相反，总动量为零，释放前系统总动量为零，释放滑块后系统总动量为零，由此可知，两滑块组成的系统动量守恒．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），方向向右（2），（3）【解析】【分析】A没有滑离B板，表示最终A、B具有相同的速度，设此速度为v，根据动量守恒定律即可解题；根据牛顿第二定律求出B的加速度大小，由动量定理求A对B的冲量大小；从地面上看，小木块向左运动到离出发点最远处时，木块速度为零，由动量守恒定律求此时平板车的速度大小和方向，对平板车，利用动能定理即可求解平板车向右运动的位移；解：（1）由A、B系统动量守恒得：所以方向向右（2）对B，由牛顿第二定律可得对B，由动量定理可得：（3）A向左运动速度减为零时，到达最远处，设此时平板车移动的位移为s，速度为，则由动量守恒定律得：对平板车应用动能定理得：联立解得：14、（1）（2）（3）【解析】试题分析：（1）在M点处：，，，，得：（2）粒子运动轨迹如图，设O1为磁场的圆心，O2为粒子轨迹圆心，P’为粒子射出磁场的位置，则：P/O2∥P01，粒子的轨道半径为：QUOTEQUOTE由QUOTE得：QUOTEQUOTE（3）粒子从N进入电场，得:,又因为：,且P到P’的时间为t1,,,，P到M的总时间：考点：带电粒子在复合场中的运动。【名师点睛】本题考查带电粒子在独立的匀强电场和匀强磁场中的运动问题，要抓住电场中的类平抛运动和磁场中的匀速圆周运动，根据题意，画出粒子