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文档简介

陕西省渭南市临渭区尚德中学2023届强基计划模拟考试第一部分物理试题卷注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、关于分子动理论,下列说法正确的是()A.气体扩散的快慢与温度无关B.分子间同时存在着引力和斥力C.布朗运动是液体分子的无规则运动D.分子间的引力总是随分子间距增大而增大2、2018年12月12日,嫦娥四号开始实施近月制动,为下一步月面软着陆做准备,首先进入月圆轨道Ⅰ,其次进入椭圆着陆轨道Ⅱ,如图所示,B为近月点,A为远月点,关于嫦娥四号卫星,下列说法正确的是()A.卫星在轨道Ⅱ上A点的加速度小于在B点的加速度B.卫星沿轨道Ⅰ运动的过程中,卫星中的科考仪器处于超重状态C.卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ,机械能增大D.卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能大于在轨道Ⅱ经过B点时的动能3、甲、乙两球质量分别为m1、m2,从不同高度由静止释放,如图a所示。甲、乙两球的v­t图象分别如图b中的①、②所示。球下落过程所受空气阻力大小f满足f=kv(v为球的速率,k为常数),t2时刻两球第二次相遇。落地前,两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2。下列判断不正确的是()A.B.乙球释放的位置高C.两球释放瞬间,甲球的加速度较大D.两球第一次相遇的时刻在t1时刻之前4、做竖直上抛运动的物体,在任意相同时间间隔内,速度的变化量()A.大小相同、方向相同 B.大小相同、方向不同C.大小不同、方向不同 D.大小不同、方向相同5、如图所示,固定在同一平面内有三条彼此绝缘的通电直导线,导线中的电流,方向为图中箭头方向,在三根导线所在平面内有a、b、c、d四个点,四个点距相邻导线的距离都相等,则四个点中合磁感应强度最大的点是()A.a点 B.b点 C.c点 D.d点6、如图所示,在平行有界匀强磁场的正上方有一等边闭合的三角形导体框,磁场的宽度大于三角形的高度,导体框由静止释放,穿过该磁场区城,在下落过程中BC边始终与匀强磁场的边界平行,不计空气阻力,则下列说法正确的是()A.导体框进入磁场过程中感应电流为逆时针方向B.导体框进、出磁场过程,通过导体框横截面的电荷量大小不相同C.导体框进入磁场的过程中可能做先加速后匀速的直线运动D.导体框出磁场的过程中可能做先加速后减速的直线运动二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,半径为R的半圆弧槽固定在水平面上,槽口向上,槽口直径水平,一个质量为m的物块从P点由静止释放刚好从槽口A点无碰撞地进入槽中,并沿圆弧槽匀速率地滑行到B点,不计物块的大小,P点到A点高度为h,重力加速度大小为g,则下列说法正确的是A.物块从P到B过程克服摩擦力做的功为mg(R+h)B.物块从A到B过程重力的平均功率为C.物块在B点时对槽底的压力大小为D.物块到B点时重力的瞬时功率为mg8、如图甲所示,物体以一定的初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动,上升的最大高度为3.0m.选择地面为参考平面,上升过程中,物体的机械能E随高度h的变化如图乙所示.取g=10m/s2,sin37°=0.60,cos37°=0.1.则()A.物体的质量m=0.67kgB.物体与斜面之间的动摩擦因数μ=0.50C.物体上升过程中的加速度大小a=1m/s2D.物体回到斜面底端时的动能Ek=10J9、下列说法正确的()A.晶体在熔化过程中吸收热量内能增加,温度保持不变B.给篮球打气时越来越费劲,说明分子间存在斥力作用C.能源危机是指能量的过度消耗,导致自然界的能量不断减少D.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离,使得液面存在表面张力E.空气相对湿度越大时,空气中水蒸气压强越接近同温度下水的饱和气压,水蒸发得越慢10、如图所示,质量分别为的两物块叠放在一起,以一定的初速度一起沿固定在水平地面上倾角为α的斜面上滑。已知B与斜面间的动摩擦因数,则()A.整体在上滑的过程中处于失重状态B.整体在上滑到最高点后将停止运动C.两物块之间的摩擦力在上滑与下滑过程中大小相等D.在上滑过程中两物块之间的摩擦力大于在下滑过程中的摩擦力三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)现有一电池,电动势E约为5V,内阻r约为50Ω,允许通过的最大电流为50mA.为测定该电池的电动势和内阻,某同学利用如图甲所示的电路进行实验.图中R为电阻箱,阻值范围为0~999.9Ω,R.为定值电阻V为理想电压表.(1)可供选用的R.有以下几种规格,本实验应选用的R.的规格为______(填选项序号字母)A.15Ω1.0WB.50Ω0.01WC.60Ω1.0WD.1500Ω6.0W(2)按照图甲所示的电路图,在答题卡上将图乙所示的实物连接成实验电路________.(3)连接好电路,闭合开关S,调节电阻箱的阻值,记录阻值R和相应的电压表示数U,测得多组实验数据,并作出如图丙所示的1/U-1/R关系图像,则电动势E=____V,内阻r=____Ω.(结果均保留两位有效数字)12.(12分)某同学欲将内阻为98.5Ω、量程为100uA的电流表改装成欧姆表并进行刻度和校准,要求改装后欧姆表的15kΩ刻度正好对应电流表表盘的50uA刻度.可选用的器材还有:定值电阻R0(阻值14kΩ),滑动变阻器R1(最大阻值1500Ω),滑动变阻器R2(最大阻值500Ω),电阻箱(0~99999.9Ω),干电池(E=1.5V,r=1.5Ω),红、黑表笔和导线若干.(1)欧姆表设计将图(a)中的实物连线组成欧姆表.(____________)欧姆表改装好后,滑动变阻器R接入电路的电阻应为____Ω:滑动变阻器选____(填“R1”或“R2”).(2)刻度欧姆表表盘通过计算,对整个表盘进行电阻刻度,如图(b)所示.表盘上a、b处的电流刻度分别为25和75,则a、b处的电阻刻度分别为____、____.(3)校准红、黑表笔短接,调节滑动变阻器,使欧姆表指针指向___kΩ处;将红、黑表笔与电阻箱连接,记录多组电阻箱接入电路的电阻值及欧姆表上对应的测量值,完成校准数据测量.若校准某刻度时,电阻箱旋钮位置如图(c)所示,则电阻箱接入的阻值为_______Ω.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,倾角为的斜面体固定在水平面上,斜面上两个位置之间的距离为2m,第一次用沿斜面向上、大小为的力把质量为0.5kg的物体由静止从处拉到处,所用时间为1s;第二次用水平向右、大小为的力作用在物体上,物体仍由A处从静止沿斜面向上运动,一段时间后撤去外力,物体运动到B处时速度刚好减为零。已知,不计物体大小,重力加速度。求:(1)物体与斜面间的动摩擦因数;(2)物体第二次从运动到的过程,水平力F'的作用时间。(结果可保留根式)14.(16分)倾角为的斜面上叠放着质量均为滑块和长木板,在垂直于斜面方向的压力F作用下,均保持静止。已知滑块与长木板间动摩擦因素,滑块正处于长木板的中间位置;长木板与斜面间动摩擦因素,长木板长度。滑块大小忽略不计,各接触面的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,斜面足够长,取,。(1)压力F的最小值;(2)突然撤去压力F,滑块经过多长时间从长木板滑下?15.(12分)如图所示,内径相同的两U形玻璃管竖直放置在空气中,中间用细软管相连,左侧U形管顶端封闭,右侧U形管开口,用水银将部分气体A封闭在左侧U形管内,细软管内还有一部分气体。已知环境温度恒为27℃,大气压强为76cmHg,稳定时,A部分气体长度为20cm,管内各液面高度差分别为h1①求A部分气体的压强;②现仅给A部分气体加热,当管内气体温度升高了50°C时,A部分气体长度为21cm,求时右侧U形管液面高度差h

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A.扩散的快慢与温度有关,温度越高,扩散越快,故A错误;BD.分子间同时存在引力和斥力,引力和斥力均随着分子间距离的增大而减小,故B正确,D错误;C.布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的无规则运动,它是液体分子的无规则运动的反映,故C错误。故选B。2、A【解析】

A.卫星在轨道II上运动,A为远月点,B为近月点,卫星运动的加速度由万有引力产生即所以可知卫星在B点运行加速度大,故A正确;B.卫星在轨道I上运动,万有引力完全提供圆周运动向心力,故卫星中仪器处于完全失重状态,故B错误;C.卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ,需要点火减速,所以从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ,外力做负功,机械能减小,故C错误;D.卫星从A点到B点,万有引力做正功,动能增大,故卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能小于在轨道Ⅱ经过B点时的动能,故D错误。故选A。3、C【解析】

A.两球稳定时均做匀速直线运动,则有kv=mg得所以有由图知,故,A正确,不符合题意;B.v­t图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移,由图可知,0~t2时间内,乙球下降的高度较大,而t2时刻两球第二次相遇,所以乙球释放的位置高,故B正确,不符合题意;C.两球释放瞬间v=0,此时空气阻力f=0,两球均只受重力,加速度均为重力加速度g,故C错误,符合题意;D.在t1~t2时间内,甲球下落的高度较大,而t2时刻两球第二次相遇,所以两球第一次相遇的时刻在t1时刻之前,故D正确,不符合题意;故选C。4、A【解析】试题分析:根据速度的公式v=v0﹣gt可得,在任意相同时间间隔内,速度的变化量为△v=﹣g△t,即,速度变化的大小为g△t,方向与初速度的方向相反,所以A正确.故选A.5、C【解析】

由安培定则可知在a点产生的磁场方向垂直纸面向里,在a点产生的磁场方向垂直纸面向外,和在a点产生的磁场合磁感应强度为零,所以a点的合磁感应强度等于在a点产生的磁感应强度,同理可得b点和d点的合磁感应强度等于在这两点产生的磁感应强度,c点的合磁感应强度等于、和在c点产生的磁感应强度同向叠加的矢量和,所以c点的合磁感应强度最大,故C正确,ABD错误。故选C。6、D【解析】

A.导体框进入磁场过程中,磁通量增大,根据楞次定律可知,感应电流为顺时针方向,故A错误;B.导体框进、出磁场过程,磁通量变化相同,由感应电量公式则通过导体框横截面的电荷量大小相同,故B错误;C.导体框进入磁场的过程中因为导体框的加速度其中L有效是变化的,所以导体框的加速度一直在变化,故C错误;D.导体框出磁场的过程中因为导体框的加速度其中L有效是变化的,则mg与大小关系不确定,而L有效在变大,所以a可能先变小再反向变大,故D正确。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】

A项:物块从A到B做匀速圆周运动,根据动能定理有:,因此克服摩擦力做功,故A错误;B项:根据机械能守恒,物块在A点时的速度大小由得:,从A到B运动的时间为,因此从A到B过程中重力的平均功率为,故B正确;C项:根据牛顿第二定律:,解得:,由牛顿第三定律得可知,故C正确;D项:物块运动到B点,速度与重力垂直,因此重务的瞬时功率为0,故D错误。故选:BC。8、BD【解析】

A.在最高点,速度为零,所以动能为零,即物体在最高点的机械能等于重力势能,所以有所以物体质量为A错误;B.在最低点时,重力势能为零,故物体的机械能等于其动能,物体上升运动过程中只受重力、摩擦力做功,故由动能定理可得解得B正确;C.物体上升过程受重力、支持力、摩擦力作用,故根据力的合成分解可得:物体受到的合外力为故物体上升过程中的加速度为C错误;D.物体上升过程和下落过程物体重力、支持力不变,故物体所受摩擦力大小不变,方向相反,所以,上升过程和下滑过程克服摩擦力做的功相同;由B可知:物体上升过程中克服摩擦力做的功等于机械能的减少量20J,故物体回到斜面底端的整个过程克服摩擦力做的功为40J;又有物体整个运动过程中重力、支持力做功为零,所以,由动能定理可得:物体回到斜面底端时的动能为50J-40J=10J,D正确。故选BD。9、ADE【解析】

A.晶体在熔化过程中吸收热量内能增加,温度保持不变,故A正确;B.给篮球打气时越来越费劲,这是气体压强作用的缘故,与分子间的作用力无关,故B错误;C.能源危机是指能量的过度消耗,导致自然界中可利用的能源不断减少,故C错误;D.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离,使得液面存在表面张力,故D正确;E.空气相对湿度越大时,空气中水蒸气压强越接近同温度下水的饱和气压,水蒸发得越慢,故E正确。故选ADE。10、AC【解析】

A.在上升和下滑的过程,整体都是只受三个个力,重力、支持力和摩擦力,以向下为正方向,根据牛顿第二定律得向上运动的过程中:(m1+m2)gsinθ+f=(m1+m2)af=μ(m1+m2)gcosθ因此有:a=gsinθ+μgcosθ方向沿斜面向下。所以向上运动的过程中A、B组成的整体处于失重状态。故A正确;B.同理对整体进行受力分析,向下运动的过程中,由牛顿第二定律得:(m1+m2)gsinθ-f=(m1+m2)a′,得:a′=gsinθ-μgcosθ由于μ<tanθ,所以a′>0

所以上滑到最高点后A、B整体将向下运动。故B错误;CD.以A为研究对象,向上运动的过程中,根据牛顿第二定律有:m1gsinθ+f′=m1a解得:f′=μm1gcosθ向下运动的过程中,根据牛顿第二定律有:m1gsinθ-f″=m1a′解得:f″=μm1gcosθ所以f″=f′即A与B之间的摩擦力上滑与下滑过程中大小相等;故C正确D错误。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、C5.053【解析】

(1)定值电阻起保护作用,电动势为5V,允许通过的电流为:50mA;由欧姆定律可得:;需要的保护电阻约为:100-50=50Ω;故电阻数值上BC均可以,但由于B中额定功率太小,所以额定电流过小,故应选择C(60Ω,1.0W);(2)根据原理图图,连接实物图如图所示:(3)由闭合电路欧姆定律得,可整理为,根据图象可知,解得E=5.0V;,解得.【点睛】题考查测量电动势和内电阻的实验,注意只用电压表和变阻箱测电动势和内电阻的方法叫“伏欧法”,若用图象解时,基本思路是:用学过的物理定律列出表达式,再结合数学整理表达出有关一次函数式的形式,再求出k和b即可.12、900R1455035000.0【解析】

(1)连

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