2022-2023学年江苏南京鼓楼区物理高二第二学期期中联考试题含解析

2022-2023学年江苏南京鼓楼区物理高二第二学期期中联考试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中不正确的是()A．目前已建成的核电站的能量来自于重核裂变B．原子核内的中子转化成质子和电子，产生的电子发射到核外就是射线C．氢原子从激发态向基态跃迁时，电子的动能增加，电势能减少，原子总能量减少D．氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核，经7.6天后一定剩下1个原子核2、一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点振动频率是4HzB．第3s末质点的位移为零C．在10s内质点经过的路程是10cmD．在t=2.5s和t=4.5s两时刻，质点速度大小相等、方向相反3、一束由a、b两种单色光组成的复色光从水中射入空气中，并分成a、b两束，下列关于a、b两束单色光的说法正确的是()A．若水中入射光SA的入射角不断增大，则a光先发生全反射B．a频率比b光频率小C．a光在水中的频率比a光在空气中的频率大D．在水中a光的传播速度比b光的小4、如图所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向如图甲所示，左线圈连着正方形线框abcd,线框所在区域存在变化的磁场，取垂直纸面向外为正，磁感应强度随时间变化如图乙所示，不计线框以外的感生电场，右侧线圈连接一定值电阻R,下列说法中正确的是A．设t1、t3时刻ab边中电流大小分别为i1、i3，则有i1<i3,定值电阻R中有电流B．t3~t4时间内通过ab边电量为0,定值电阻R中无电流C．t1时刻ab边中电流方向由ab，e点电势高于f点D．t5时刻ab边中电流方向由ba，f点电势高于e点5、如图所示为一种变压器的实物图，根据其铭牌上所提供的信息，以下判断正确的是()A．这是一个升压变压器B．原线圈的匝数比副线圈的匝数多C．当原线圈输入交流电压220V时，副线圈输出直流电压12VD．当原线圈输入交流电压220V、副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流小6、一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的交变电流e=220sin100πt（V）（）A．该交变电流的频率是100HzB．当t=0时，通过线圈的磁通量为零C．当时t=s，通过线圈的磁通量变化最快D．该交变电流电动势的有效值为220V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在光滑水平面上动能为E0、动量大小为p0的小钢球1与静止小钢球2发生碰撞，碰撞前后球1的运动方向相反，将碰撞后球1的动能和动量大小分别记为E1、p1，球2的动能和动量大小分别记为E2、p2，则必有()A．E1<E0 B．p2>p0 C．E2>E0 D．p1>p08、用如图所示的光电管研究光电效应的实验中，用某种频率的单色光a照射光电管阴极K，电流计G的指针发生偏转，而用另一频率的单色光b照射光电管阴极K时，电流计G的指针不发生偏转，那么（）A．a光的频率一定大于b光的频率B．增大b光的强度可能使电流计G的指针发生偏转C．用a光照射光电管阴极K时通过电流计G的电流是由d到cD．只增大a光的强度可使通过电流计G的电流增大9、光滑水平地面上固定着一带滑轮的竖直硬杆，一根轻绳的一端系着小滑块，另一端绕过滑轮，如图所示，现用恒力水平向左拉小滑块的同时，用恒力拉绳子的另一端，使滑块从A点由静止开始沿地面向右运动，已知B和C是A点右方的两点，且AB=2BC，小滑块到达A点时绳子与水平方向的夹角为30°，小滑块到达B点时绳子与水平方向的夹角为45°，不计滑轮大小以及绳子与滑轮的摩擦，则以下说法正确的是（）A．滑块从A点运动到C点加速度先变小再变大B．滑块从A点运动到B点恒力做的功是从B点运动到C点做的功的2倍C．滑块从A点到C点克服恒力做功的功率先增大后减小D．若定滑轮的高度为H，物块到达B点时动能为10、质量为1kg的小球以4m/s的速度与质量为2kg的静止小球发生正碰，关于碰后的速度v1′和v2′，可能正确的是()A．vvB．v，vC．v，vD．v，v三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中：（1）甲同学用标准的实验器材和正确的实验方法测量出几组不同摆长L和周期T的数值，画出如图T2﹣L图象中的实线OM，并算出图线的斜率为k，则当地的重力加速度g=________．（2）乙同学也进行了与甲同学同样的实验，但实验后他发现测量摆长时忘了加上摆球的半径，则该同学做出的T2﹣L图象为________（A）虚线①，不平行OM（B）虚线②，平行OM（C）虚线③，平行OM（D）虚线④，不平行OM．12．（12分）某研究性学习小组为了研究标有“3.0V，1.5W"字样小灯泡的伏安特性曲线，设计并完成了有关实验．以下是实验中可供选择的器材A．直流电源E(5V，内阻约0.5Ω)；B．电流表(0～3A，内阻约0.1Ω)；C．电流表(0～0.6A，内阻约1Ω)；D．电压表(0～3V，内阻约3kΩ)；E电压表(0～15V，内阻约15kΩ)；F.滑动变阻器(0～10Ω，额定电流1A)G.滑动变阻器(0～1000Ω，额定电流0.5A)；H开关、导线等(1)请选用合适的器材，在虚线框中画出电路图，并在图上标出所选器材的符号__________．(2)某次读数如图所示，则电流表的读数为__________A，电压表的读数为__________V.(3)实验中根据测得小灯泡两端的电压与通过它的电流的数据描绘出该小灯泡的U-I曲线如图所示根据图所作出的小灯泡U-I曲线，可判断下图中关系图象正确的是________．(图中P为小灯泡的功率，I为通过小灯泡的电流)A．B．C．D(4)某同学将两个完全相司的这种小灯泡并联接到如图所示的电路中，其中电源电动势E=3V，内阻r=3Ω，则此时每个小灯泡的实际功率为__________(结果保留两位有效数字)．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，一半径为R的玻璃半球，O点是半球的球心，虚线OO′表示光轴（过球心O与半球底面垂直的直线）．已知玻璃的折射率为1.1．现有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光线能从球面射出（不考虑被半球的内表面反射后的光线）．求（1）从球面射出的光线对应的入射光线到光轴距离的最大值；（2）距光轴的入射光线经球面折射后与光轴的交点到O点的距离．14．（16分）如图所示，有一小型发电机的定子矩形线圈面积为S，匝数为N，内阻为r，外接一个电阻为R的定值电阻．现让该发电机绕垂直磁感线的对称轴OO′以角度速ω匀速转动，线圈在从图示位置转过90°的过程中，求：（1）通过电阻R的电荷量；（2）外力做功的平均功率．15．（12分）一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t＝0时刻的波形如图所示，已知波的传播速度v＝2m/s．(1)求出该波的波长与频率；(2)求出在0～4.5s内波传播的距离，以及x＝2.0m处质点在通过的路程．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

核电站的能量来自于重核裂变，故A说法正确；β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时所产生的，故B说法正确；根据牛顿第二定律，结合库仑力提供向心力，当从较高的激发态跃迁到较低的激发态时，库仑引力做正功，电子的动能增加，电势能减小，原子的总能量减小，故C说法正确；半衰期对大量的原子核适用，对少量的原子核不适用.故D说法错误；综上分析：说法不正确的为D．【详解】2、D【解析】

A．由图读出质点振动的周期为T=4s，则频率为故A错误；B．在第3s末，质点位于最大位移处位移为-2cm，故B错误；C．质点做简谐运动，在一个周期内通过的路程是4个振幅，因t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是s=2.5×4A=10×2cm=20cm故C错误；D．在t=2.5时质点在负的位移向负方向运动，在t=4.5s时质点在正的位移向正方向运动，由图象结合对称性可知两时刻的速度大小相等方向相反，故D正确。故选D。【点睛】由振动图象可以读出周期、振幅、位移、速度和加速度及其变化情况，是比较常见的读图题，要注意位移和速度的方向。3、B【解析】

由题，两光束的入射角i相同，折射角ra＜rb，根据折射定律得知折射率na＜nb．由sinC=1/n可知a光的临界角较大。若水中入射光SA的入射角不断增大时入射角先达到b光的临界角，则b光先发生全反射，故A错误。a光的折射率小，则a光的频率小，故B正确。光的频率由光源决定，与介质无关，则a光在水中的频率与a光在空气中的频率一样大，故C错误。公式v=c/n分析得知，在水中a光的速度比b光的速度大。故D错误。故选B。4、D【解析】

A．根据法拉第电磁感应定律：t1时刻磁感应强度的变化率小于t3时刻的变化率，故E3>E1，i3>i1，由于E3，E1大小均不变，由法拉第电磁感应定律可知，副线圈中不会有感应电流出现，所以定值电阻R中无电流，故A错误；B．t3~t4时间内有恒定感应电流，通过ab电量不为0，由于副线圈磁通量不变，定值电阻R中无电流，通过R的电量为0，故B错误；C．t1时刻磁场方向向外且均匀增加，根据楞次定律，ab边中电流方向由b→a，原线圈中电流值恒定，副线圈中不产生感应电动势，e点电势等于f点电势，故C错误；D．t5时刻磁场方向垂直纸面向里，磁场变小，磁通量减小，根据楞次定律得感应电流顺时针，ab边中电流方向b→a，磁感应强度的变化率增大，感应电流大小变大，穿过原副线圈的磁通量增大，根据楞次定律，副线圈中感应电动势上负下正，因此e点电势低于f点，故D正确。5、B【解析】

ABC．根据铭牌，根据变压比公式：当时，是降压变压器；当时，是升压变压器，此变压器为降压变压器，，故AC错误，B正确．D．当原线圈输入交流电压220V时，副线圈输出交流电12V，根据知电流与匝数成反比，故副线圈中电流比原线圈中电流大，故D错误．6、C【解析】

A．有交流电的表达式可知ω=100π，则周期得T=0.02s，故频率，故A错误；B．由交流电的瞬时值的表达式可知，初相位为0，即t=0时，线圈在中性面，磁通最大，故B错误；C．当，e最大，故磁通量的变化率最快，故C正确；D．该交流电最大值为，则有效值为220Ｖ，故D错误；故选C．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

碰撞后两球均有速度．根据碰撞过程中总动能不增加可知E1＜E0，E2＜E0，P1＜P0否则，就违反了能量守恒定律根据动量守恒定律得P0=P2-P1得到P2=P0+P1可见P2＞P0故AB正确，CD错误。8、AD【解析】

A．单色光b照射光电管阴极K时，电流计G的指针不发生偏转，结合光电管的正负极可知b光不能使金属发生光电效应，根据光电效应方程可知a光的频率一定大于b光的频率，故A正确；B．b光频率较小，根据光电效应方程可知增强光照强度仍然不能发生光电效应，电流计G仍然无示数，故B错误；C．用a光照射光电管阴极K时，光电子从，电流是，故C错误；D．只增大a光的强度，光子数增加，金属中逸出的光电子数目增加，光电流增大，通过电流计G的电流增大，故D正确。故选AD。9、ACD【解析】在B点，对滑块由牛顿第二定律得：，而，解得：，故从A到B，从增大到，故减小，最终，由牛顿第二定律：，可知从A到B，不断减小；从B到C，从继续增大，故减小，此时，由牛顿第二定律：，可知从A到B，不断增大，故A正确；从A到B，做的功为，从B到C，做的功为，由题知，但与不相等，是不断变化的，故从A到B恒力做的功不是从B到C做的功的2倍，故B错误；由A项分析知，加速度先正方向减小再反向增大，故速度先增大后减小，根据，可知瞬时功率先增大后减小，故C正确；在A点，绳子的长度为，A到滑轮的水平距离，在B点，绳子的长度为，B到滑轮的水平距离，故沿方向的位移为，则做的功为，滑块的位移为，则做的功为，根据动能定理得：，联立解得：，故D正确；故选ACD.10、AB【解析】

碰撞前两球的总动量为：P=m1v1=1×4kg•m/s=4kg•m/s．碰撞前总动能为：Ek=m1v12=×1×42=8J．若vv，则碰撞后总动量为：P′=m1v1′+m2v2′=（1+2）×=4kg•m/s，系统动量守恒定律．碰撞后总动能为：Ek′=(m1+m2)v1′2=，总动能没有增加，符合能量守恒定律，故A正确．若v1′=-1m/s，v2′=2.5m/s，碰撞后总动量为：P′=m1v1′+m2v2′=1×（-1）+2×2.5=4kg•m/s，系统动量守恒，碰撞后总动能为：Ek′=m1v1′2+m2v2′2=×1×（-1）2+×2×2.52=6.75J，系统总动能不增加，故B正确．若v1′=1m/s，v2′=3m/s，则碰撞后总动量为：P′=m1v1′+m2v2′=1×1+2×3=7kg•m/s，违背系统动量守恒定律，故C错误．若v1′=3m/s，v2′=0.5m/s，碰后两球同向运动，后面小球的速度大于前面小球的速度，不符合实际，故D错误；故选AB．【点睛】本题考查了动量守恒定律的应用，对于碰撞过程，往往根据三个规律：动量守恒、总动能不增加和符合物体的实际情况来判断．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、；B【解析】

（1）根据单摆的周期公式T＝2得，T2，根据数学知识可知，T2﹣L图象的斜率k，当地的重力加速度g。（2）测量摆长时忘了加上摆球的半径，则摆长变成摆线的长度l，则有T2，根据数学知识可知，对T2﹣L图象来说，T2与实线T2斜率相等，两者应该平行，故该同学做出的T2﹣L图象为应为虚线②，平行与OM．故B正确。12、（1）如图；（2）0.42A2.30V（3）B（4）0.31（0.30-0.32）【解析】

（1）灯泡的额定电压为3V，则电压表选择V1；额定电流为，可知电流表选择A2；滑动变阻器要用分压电路，则选择阻值较小的R1；因小灯泡的电阻较小，则用电流表外接电路；电路图如图；（2）电流表的量程为0.6A，则读数为0.42A；电压表的量程为3V，则读数为2.30V；（3）由小灯泡U-I曲线可知，小灯泡的电阻随电流的增加而增大；根据P=I2R可知I2=P，可知随R的增加I2-P图像的斜率减小，故图像