北京理工大附中分校2023年数学七下期中学业水平测试试题含解析_第1页
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文档简介

北京理工大附中分校2023年数学七下期中学业水平测试试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(每小题3分,共30分)1.如图,图1是AD∥BC的一张纸条,按图1→图2→图3,把这一纸条先沿EF折叠并压平,再沿BF折叠并压平,若图3中∠CFE=18°,则图2中∠AEF的度数为()A.120° B.108° C.126° D.114°2.式子的计算结果的个位数上的数字()A.1 B.3 C.7 D.93.一个多边形除了一个内角外,其余各内角的和为2100°则这个多边形的对角线共有()A.104条 B.90条 C.77条 D.65条4.如图,已知∠1+∠2=180°,∠3=55°,那么∠4的度数是()A.35° B.45° C.55° D.125°5.计算所得的结果是()A.–2 B.2 C. D.6.如图,下列条件中:(1)∠B+∠BAD=180°;(2)∠1=∠2;(3)∠3=∠4;(4)∠B=∠5;能判定AB//CD的条件个数有(A.1个 B.2个 C.3个 D.4个7.下列命题中,真命题是()A.两个锐角之和为钝角B.相等的两个角是对顶角C.同位角相等D.钝角大于它的补角8.已知点P在第四象限,距离x轴4个单位长度,距离y轴2个单位长度,则点P的坐标是()A.(4,-2)B.(2,-4)C.(-4,2)D.(-2,4)9.下列计算正确的是()A.a2a3a6 B.a2a23a3 C.4x32x2x2 D.3a239a610.用白铁皮做罐头盒,每张铁皮可做盒身25个,或做盒底40个,一个盒身与两个盒底配成一套罐头盒.现有36张白铁皮,用多少张制盒身,多少张制盒底可以使盒身与盒底正好配套?①设用x张制盒身,可得方程2×25x=40(36﹣x);②设用x张制盒身,可得方程25x=2×40(36﹣x);③设用x张制盒身,y张制盒底,可得方程组;④设用x张制盒身,y张制盒底,可得方程组;其中正确的是()A.①④ B.②③ C.②④ D.①③二、填空题(本大题共有6小题,每小题3分,共18分)11.若关于x、y的二元一次方程组的解是,则关于a、b的二元一次方程组的解是_______.12.已知等腰三角形的两边长分别为,且满足,则此等腰三角形的周长为________.13.如果=0,那么的值为____________14.如图,两个大小一样的直角三角形重叠在一起,将其中一个三角形沿着点B到点C的方向平移到的位置,AB=12cm,DH=4cm,平移的距离是8cm,则阴影面积是________.15.已知点在y轴上,则点P坐标为________.16.已知点A(-3+a,2a+9)在y轴上,则点A的坐标是__________.三、解下列各题(本大题共8小题,共72分)17.(8分)将一副三角板拼成如图所示的图形,即,,,,与相交于点.(1)如果,那么与平行吗?试说明理由;(2)将绕着点逆时针旋转,使得点落在边上,联结并延长交于点,联结,若,,,求的面积.18.(8分)提出问题:(1)如图,我们将图(1)所示的凹四边形称为“镖形”.在“镖形”图中,∠AOC与∠A、∠C、∠P的数量关系为____.(2)如图(2),已知AP平分∠BCD,∠B=28。,∠D=由(1)结论得:∠AOC所以2∠AOC=2∠PAO+2因为∠AOC=∠所以2∠AOC=所以∠P=____.解决问题:(1)如图(3),直线AP平分∠BAD,CP平分∠BCD的外角∠BCE,猜想∠P与∠B、∠D的数量关系是______;(2)如图(4),直线AP平分∠BAD的外角∠FAD,CP平分∠BCD的外角∠BCE,猜想∠P与∠B、∠D的数量关系,并说明理由.19.(8分)计算:(1)21×﹣(﹣21)×+21÷(﹣);(2)2﹣23÷[()2﹣(﹣3+0.71)]×1.20.(8分)如图,RtΔABC中,∠ACB=90°,CD⊥AB于D,CE平分∠ACB交AB于E,EF⊥AB交CB于(1)求证:CD//EF;(2)若∠A=70°,求∠FEC的度数.21.(8分)对于一个图形,通过两种不同的方法计算它的面积,可以得到一个数学等式,例如图1可以得到,请解答下列问题:(1)写出图2中所表示的数学等式____________________________________(2)根据整式乘法的运算法则,通过计算验证上述等式.(3)利用(1)中得到的结论,解决下面的问题:若,,则_________.22.(10分)如图,在正方形网格中有一个.按要求进行下列作图,(1)过点画出的平行线;(2)将先向右平移格。再向上平移格,画出经两次平移后得到的'.23.(10分)已知:如图,△ABC中,AD⊥BC于点D,BE是∠ABC的平分线,若∠DAC=30°,∠BAC=80°,求:∠AOB的度数.24.(12分)如图,,平分,点、在射线、上,点是射线上的一个动点,连接交射线于点,设.(1)如图1,若DE//OB.①的度数是________,当时,________;②若,求的值;(2)如图2,若,是否存在这样的的值,使得?若存在,求出的值;若不存在,说明理由.

参考答案一、选择题(每小题3分,共30分)1、D【解析】

如图,设∠B′FE=x,根据折叠的性质得∠BFE=∠B′FE=x,∠AEF=∠A′EF,则∠BFC=x-18°,再由第2次折叠得到∠C′FB=∠BFC=x-18°,于是利用平角定义可计算出x=66°,接着根据平行线的性质得∠A′EF=180°-∠B′FE=114°,所以∠AEF=114°.【详解】如图,设∠B′FE=x,∵纸条沿EF折叠,∴∠BFE=∠B′FE=x,∠AEF=∠A′EF,∴∠BFC=∠BFE−∠CFE=x−18°,∵纸条沿BF折叠,∴∠C′FB=∠BFC=x−18°,而∠B′FE+∠BFE+∠C′FB=180°,∴x+x+x−18°=180°,解得x=66°,∵A′D′∥B′C′,∴∠A′EF=180°−∠B′FE=180°−66°=114°,∴∠AEF=114°.故答案选:D.【点睛】本题考查了翻折变换(折叠问题)与平行线的性质,解题的关键是熟练的掌握翻折变换(折叠问题)与平行线的性质.2、A【解析】

原式中2变形为(3-1)后,利用平方差公式计算即可得到结果.【详解】原式=(3−1)(3+1)(3+1)(3+1)(3+1)(3+1)(3+1)+1=(3−1)(3+1)(3+1)(3+1)(3+1)(3+1)+1=(3−1)(3+1)(3+1)(3+1)(3+1)+1=(3−1)(3+1)(3+1)(3+1)+1=(3−1)(3+1)(3+1)+1=(3−1)(3+1)+1=3−1+1=3.3的个位数字为3,3的个位数字为9,3的个位数字为7,3的个位数字为1,3的个位数字为3,…即3的个位数字,以3、9、7、1为一组循环出现.∵64÷4=16,∴3的个位数字为1,即原式个位数字为1.故选A.【点睛】此题考查平方差公式的应用,以及3n的尾数特征,解题关键在于掌握运算法则正确化简式子.3、C【解析】

边形的内角和是,即内角和一定是180度的整数倍,即可求解,据此可以求出多边形的边数,在根据多边形的对角线总条数公式计算即可.【详解】解:,则正多边形的边数是11+2+1=1.∴这个多边形的对角线共有条.故选:C.【点睛】本题考查根据多边形的内角和计算公式求多边形的边数,解答时要会根据公式进行正确运算、变形和数据处理;要注意每一个内角都应当大于而小于180度.同时要牢记多边形对角线总条数公式.4、C【解析】

利用平行线的判定和性质即可解决问题.【详解】如图,∵∠1+∠2=180°,∴a∥b,∴∠4=∠5,∵∠3=∠5,∠3=55°,∴∠4=∠3=55°,故选C.【点睛】本题考查平行线的判定和性质,解题的关键是熟练掌握基本知识.5、D【解析】

把作为一个公因式提出来,即可解答.【详解】原式故选D.【点睛】本题考查有理数的乘方运算,提取公因式是解题的关键.6、B【解析】

根据平行线的判定定理,(3)(4)能判定AB∥CD.【详解】解:(1)∠B+∠BAD=180°,∠B,∠BAD不是截AB、CD所得的同旁内角,所以不能判定AB∥CD;

(2)∠1=∠2,但∠1,∠2不是截AB、CD所得的内错角,所以不能判定AB∥CD;

(3)∠3=∠4,内错角相等,两直线平行,则能判定AB∥CD;

(4)∠B=∠5,同位角相等,两直线平行,则能判定AB∥CD.

满足条件的有(3),(4).

故选:B.【点睛】本题考查两直线平行的判定,正确识别“三线八角”中的同位角、内错角、同旁内角是正确答题的关键,不能遇到相等或互补关系的角就误认为具有平行关系,只有同位角相等、内错角相等、同旁内角互补,才能推出两被截直线平行,并要分清给出的角所截的是哪两条直线.7、D【解析】

利用反例对A进行判断;根据对顶角的定义对B进行判断;根据平行线的性质对C进行判断;根据补角的定义对D进行判断.【详解】解:A、30°与40°为锐角,所以A选项为假命题;B、相等的两个角不一定是对顶角,所以B选项为假命题;C、两直线平行,同位角相等,所以C选项为假命题;D、钝角的补角为锐角,所以D选项为真命题.故选:D.【点睛】本题考查了命题与定理:要说明一个命题的正确性,一般需要推理、论证,而判断一个命题是假命题,只需举出一个反例即可.8、B【解析】分析:根据点P所在的象限和到坐标轴的距离确定横坐标与纵坐标.详解:因为点P在第四象限,所以点P的横坐标为正,纵坐标为负,因为点P距离x轴4个单位长度,距离y轴2个单位长度,所以点P的横坐标为2,纵坐标为-4,则P(2,-4).故选B.点睛:根据点所在的象限确定横坐标的纵坐标的符号,点到y轴的距离即是横坐标的绝对值,点到x轴的距离即是纵坐标的绝对值.9、C【解析】

先根据同底数幂的乘除法法则,幂的乘方,以及合并同类项得方法计算,再判断即可.【详解】解:A.a2a3a5,计算错误;B.a2a2,不能合并,计算错误;C.4x32x2x2,计算正确;D.3a2327a6,计算错误;故选:C.【点睛】本题考查同底数幂的乘除法法则,幂的乘方,掌握计算方法是解决问题的关键.10、D【解析】

根据题意可知,本题中的相等关系是:(1)盒身的个数×2=盒底的个数;(2)制作盒身的白铁皮张数+制作盒底的白铁皮张数=36,再列出方程(组)即可.【详解】设用x张制盒身,可得方程2×25x=40(36﹣x);故①正确;②错误;设用x张制盒身,y张制盒底,可得方程组;故③正确;④错误.故选D.【点睛】本题考查了从实际问题中抽出二元一次方程组,根据题目给出的条件,找出合适的等量关系注意运用本题中隐含的一个相等关系:“一个盒身与两个盒底配成一套盒”.二、填空题(本大题共有6小题,每小题3分,共18分)11、【解析】

方法一:利用关于x、y的二元一次方程组的解是可得m、n的数值,代入关于a、b的方程组即可求解;方法二:根据方程组的特点可得方程组的解是,再利用加减消元法即可求出a,b.【详解】详解:∵关于x、y的二元一次方程组的解是,∴将解代入方程组可得m=﹣1,n=2∴关于a、b的二元一次方程组整理为:解得:方法二:∵关于x、y的二元一次方程组的解是∴方程组的解是解得故答案为:.【点睛】本题考查二元一次方程组的求解,重点是整体考虑的数学思想的理解运用在此题体现明显.12、7或8【解析】

先根据非负数的性质求出a,b的值,再分两种情况确定第三边的长,从而得出三角形的周长.【详解】∵,∴解得当a为底时,三角形的三边长为2,3,3,则周长为8;当b为底时,三角形的三边长为2,2,3,则周长为7;故答案为7或8【点睛】考查等腰三角形的性质,非负数的性质,解二元一次方程组,难度不大.13、-1【解析】

根据算术平方根的非负数性质列式求出x、y的值,然后相乘即可得解.【详解】解:在=0中,∴x-3=0,y+2=0,

解得x=3,y=-2,

所以,xy=3×(-2)=-1.

故答案为:-1.【点睛】本题考查了算术平方根的非负数的性质.几个非负数的和为0时,这几个非负数都为0.14、80cm1【解析】分析:根据平移的性质可知:AB=DE,BE=CF;由此可求出EH和CF的长.由于CH∥DF,可得出△ECH∽△EFD,根据相似三角形的对应边成比例,可求出EC的长.由EH、EC,DE、EF的长,即可求出△ECH和△EFD的面积,进而可求出阴影部分的面积.详解:根据题意得:DE=AB=11;BE=CF=8;CH∥DF,∴EH=11﹣4=8;EH:HD=EC:CF,即8:4=EC:8,∴EC=16,∴S△EFD=×11×(16+8)=144;S△ECH=×16×8=64,∴S阴影部分=144﹣64=80(cm1).故答案为:80cm1.点睛:本题考查了平移的性质、相似三角形的判定与性质及有关图形的面积计算,有一定的综合性.15、【解析】

根据y轴上点的坐标特点解答即可.【详解】∵点P(a+3,2a+4)在y轴上,∴a+3=0解得a=−3,∴2a+4=−2,∴点p的坐标为(0,−2).故答案为:(0,−2).【点睛】此题考查点的坐标,解题关键在于掌握其坐标特点.16、(0,15).【解析】

由已知点A(-3+a,2a+9)在y轴上,则横坐标为0,即-3+a=0,求出a,再代入2a+9,求出纵坐标.【详解】解:已知点A(-3+a,2a+9)在y轴上,

∴-3+a=0,得:

a=3,再代入2a+9得:

2×3+9=15,

所以点A的坐标为(0,15).

故答案为:(0,15).【点睛】本题考查点的坐标,解题的关键是由已知明确横坐标为0,求出a,再求出纵坐标.三、解下列各题(本大题共8小题,共72分)17、(1),理由见解析;(2)的面积为.【解析】

(1)先根据角的和差求出,再根据角的和差求出,然后根据平行线的判定即可得证;(2)如图(见解析),过点M作于点N,先根据平行线的判定得出,从而可得,再根据的面积等于的面积减去的面积即可.【详解】(1),理由如下:∵,(已知)∴(等式性质)∵(已知)∴(等式性质)∵(已知)∴(等量代换)∴(内错角相等,两直线平行)(2)如图,过点M作于点N(已知)(对顶角相等)(已知)(等量代换)(同位角相等,两直线平行)(已知)(平行线之间的距离定义)则即的面积为.【点睛】本题考查了平行线的判定与性质、对顶角相等、角的和差等知识点,较难的是题(2),利用到平行线的性质是解题关键.18、提出问题:(1)∠AOC=∠A+∠C+∠P(2)38。解决问题:(1)∠P=90(2)∠P=【解析】

问题1:根据三角形的外角的性质即可得到结论;问题2:根据角平分线的定义可得∠1=∠2,∠3=∠4,再根据(1)的结论列出整理即可得解;解决问题1:根据四边形的内角和等于360°可得(180°-∠1)+∠P+∠4+∠B=360°,∠2+∠P+(180°-∠3)+∠D=360°,然后整理即可得解;解决问题2:根据(1)的结论∠B+∠BAD=∠D+∠BCD,∠PAD+∠P=∠D+∠PCD,然后整理即可得解.【详解】问题1:连接PO并延长.则∠1=∠A+∠2,∠3=∠C+∠4,∵∠2+∠4=∠P,∠1+∠3=∠AOC,∴∠AOC=∠A+∠C+∠P;故答案为:∠AOC=∠A+∠C+∠P;问题2:如图2,∵AP、CP分别平分∠BAD、∠BCD,∴∠1=∠2,∠3=∠4,∵∠2+∠B=∠3+∠P,∠1+∠P=∠4+∠D,∴2∠P=∠B+∠D,∴∠P=12(∠B+∠D)=12×(28°+48°)解决问题1:如图3,∵AP平分∠BAD的外角∠FAD,CP平分∠BCD的外角∠BCE,∴∠1=∠2,∠3=∠4,∴(180°-2∠1)+∠B=(180°-2∠4)+∠D,在四边形APCB中,(180°-∠1)+∠P+∠4+∠B=360°,在四边形APCD中,∠2+∠P+(180°-∠3)+∠D=360°,∴2∠P+∠B+∠D=360°,∴∠P=180°-12(∠B+∠D解决问题2:如图4,∵AP平分∠BAD,CP平分∠BCD的外角∠BCE,∴∠1=∠2,∠3=∠4,∵(∠1+∠2)+∠B=(180°-2∠3)+∠D,∠2+∠P=(180°-∠3)+∠D,∴2∠P=180°+∠D+∠B,∴∠P=90°+12(∠B+∠D故答案为:∠P=90°+12(∠B+∠D【点睛】本题考查了三角形的内角和定理,角平分线的定义,准确识图并运用好“8字形”的结论,然后列出两个等式是解题的关键,用阿拉伯数字加弧线表示角更形象直观.19、(1);(2).【解析】分析:(1)、利用乘法分配律的逆运算进行简便计算;(2)、根据有理数的混合运算的法则进行计算即可得出答案.详解:解:(1)21×﹣(﹣21)×+21÷(﹣)=21×+21×+21×(﹣4)=21×()=21×(﹣)=﹣;(2)2﹣23÷[()2﹣(﹣3+0.71)]×1=====﹣13.点睛:本题主要考查的是有理数的混合运算,属于基础题型.理解混合运算的计算法则和顺序是解题的关键.20、【解析】试题分析:(1)根据垂线的定义得∠CDB=∠FEB=90°,后根据同位角相等,两直线平行,可以得到EF∥CD;(2)先根据角平分线的定义得∠ACE=45°,再利用互余计算出∠ACD=90°-∠A=20°,则∠ECD=∠ACE-∠ACD=25°,然后根据平行线的性质求解.试题解析:(1)证明:∵CD⊥AB,EF⊥AB,∴∠CDB=∠FEB=90°,∴EF∥CD;(2)解:∵∠ACB=90°,CE平分∠ACB交AB于E,∴∠ACE=45°,∵∠A=70°,∴∠ACD=90°﹣70°=20°,∴∠ECD=∠ACE﹣∠ACD=25°,∵EF∥CD,∴∠FEC=∠ECD=25°.考点:垂直的意义,角平分线,平行线判定21、(1)(a+b+c)2=a2+b2+c2+2ab+2ac+2bc;(2)见解析;(3)1【解析】

(1)图2的面积一方面可以看作是边长为(a+b+c)的正方形的面积,另一方面还可以看成是3个边长分别为a、b、c的正方形的面积+2个边长分别为a、b的长方形的面积+2个边长分别为a、c的长方形的面积+2个边长分别为b、c的长方形的面积,据此解答即可;(2)根据多项式乘以多项式的法则计算验证即可;(3)将所求的式子化为:,然后整体代入计算即得结果.【详解】解:(1)(a+b+c)2=a2+b2+c2+2ab+2ac+2bc;(2)(a+b+c)2=(a+b+c)(a+b+c)=a2+ab+ac+ba+b2+bc+ca+cb+c2=a2+b2+c2+2ab+2ac+2bc;所以(1)中的等式成立;(3).故答案为:1.【点睛】本题是完全平方公式的拓展应用,主要考查了对三数和的完全平方的理解与应用,正确理解题意、熟练掌握完全平方公式是解题的关键.22、(1)见解析(2)见解析【解析】

(1)直接利用网格得出与AB平行的直线;

(2)利用平移的性质得出对应点位置进而得出答案.【详解】(1)如图所示:CE∥AB;

(2

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