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文档简介
2022-2023学年高一下物理期末模拟试卷注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、如图所示,质量为m的小物块,沿半径为R的半圆形轨道滑下,当小物块通过最低点B时速度大小为v,则此时物块对轨道的压力大小为()A.mg+m B.mg-m C.mg D.m2、如图所示,有两个穿着溜冰鞋的人站在水平冰面上,当其中某人A从背后轻轻推另一个人B时,两个人会向相反的方向运动。不计摩擦力,则下列判断正确的是()A.A、B的质量一定相等B.推后两人的动能一定相等C.推后两人的总动量一定为零D.推后两人的速度大小一定相等3、(本题9分)如图所示,一物体在10s内沿水平路面向右运动了1m,在此过程中该物体一直受到一大小为10N、方向斜向左上方且与水平方向成60o的拉力F的作用.则在这段时间内拉力F对物体做的功为A.10J B.J C.5J D.J4、(本题9分)关于经典力学,下列说法错误的是A.由于相对论、量子力学的提出,经典力学已经被完全否定B.经典力学可看作相对论、量子力学在一定条件下的特殊情形C.经典力学在宏观物体、低速运动、引力不太大时适用D.经典力学对高速运动的微观粒子不适用5、一段粗细均匀的金属导体两端加一定电压后产生了恒定电流,已知该导体单位体积内的自由电子数为n,电子的电荷量为e,自由电子定向移动的速率为v,要想得出通过导体的电流,除以上给出的条件外,还需要以下哪个条件()A.导体的长度L B.导体的电阻R C.导体的横截面积S D.导体两端的电压U6、如图为平抛运动轨迹的示意图,对轨迹上的A、B两点,下列说法正确的是A.A的点速度方向沿切线向下,受力方向竖直向下B.B点的速度方向沿切线向下,受力方向沿切线向下C.A、B两点的速度、加速度均不同D.A、B两点的速度、加速度均相同7、(本题9分)如图所示,高h=2.5m的斜面固定不动。一个质量m=1kg的物体,由静止开始从斜面的顶点滑下,滑到斜面底端时的速度大小为6m/s,g取10,在此过程中,下列判断正确的是A.系统的机械能保持不变B.物体的重力势能减少了24JC.物体的动能增加了18JD.物体的机械能减少了7J8、(本题9分)如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P,细线的上端固定在金属块Q上,Q放在带小孔的水平桌面上.小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图上未画出),两次金属块Q都保持在桌面上静止.则后一种情况与原来相比较,下面的判断中正确的是()A.Q受到桌面的支持力变大B.Q受到桌面的静摩擦力变大C.小球P运动的角速度变大D.小球P运动的周期变大9、(本题9分)如图所示,在点电荷Q产生的电场中,实线MN是一条方向未标出的电场线,虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹.设电子在A、B两点的加速度大小分别为、,电势能分别为、.下列说法正确的是(
)A.电子一定从A向B运动B.若>,则Q靠近M端且为正电荷C.无论Q为正电荷还是负电荷一定有<D.B点电势可能高于A点电势10、地球绕地轴OO′以ω角速度转动,某地A处与赤道上B处如图所示,则()A.A、B两点的角速度相等 B.A、B两点的线速度相等C.若θ=30°,则vA∶vB=∶2 D.若θ=30°,则vA∶vB=1∶211、(本题9分)两个质量相等的小球a、b分别用细线连接,悬挂于同一点O。现给两小球一定的初速度,使两小球在同一水平面内做匀速圆周运动,这样就构成两圆锥摆,如图所示。若a、b两球做匀速圆周运动的半径之比为ra∶rb=2∶1,则下列关于描述a、b两球运动的物理量之比,正确的是A.速度之比va∶vb=2∶1B.角速度之比ωa∶ωb=2∶1C.加速度之比aa∶ab=2∶1D.周期之比Ta∶Tb=2∶112、(本题9分)空降兵是现代军队的重要兵种.一次训练中,空降兵从静止在空中的直升机上竖直跳下(初速度可看做0,未打开伞前不计空气阻力),下落高度h之后打开降落伞,接着又下降高度H之后,空降兵达到匀速,设空降兵打开降落伞之后受到的空气阻力与速度平方成正比,比例系数为k,即f=kv2,那么关于空降兵的说法正确的是()A.空降兵从跳下到下落高度为h时,机械能损失小于mghB.空降兵从跳下到刚匀速时,重力势能一定减少了mg(H+h)C.空降兵匀速下降时,速度大小为mg/kD.空降兵从跳下到刚匀速的过程,空降兵克服阻力做功为二.填空题(每小题6分,共18分)13、(本题9分)带正电的物体C靠近不带电的枕形导体AB,如图所示,A端将带________电,B端带________电.14、(本题9分)质量m=2吨的汽车,从静止开始出发,以a=1.2m/s2的加速度沿水平直线做匀加速运动,已知汽车受到的阻力是车重的0.05倍,则汽车牵引力在5s内的平均功率为_____W,5s末的瞬时功率为___W。15、(本题9分)铁路转弯处的圆弧半径是300m,轨距是1.5m,规定火车通过这里的速度是20m/s,内外轨的高度差应该是_______m,才能使内外轨刚好不受轮缘的挤压。若速度大于20m/s,则车轮轮缘会挤压_______。(填内轨或外轨)(g=10m/s2)三.计算题(22分)16、(12分)(本题9分)如图所示,边长为L=0.8m的正方形ABCD区域内存在竖直方向的匀强电场,一带负电的粒子从A点沿AB方向以初速v0=2×105m/s射入电场,最后从C点离开电场.已知带电粒子的电量q=10-8C,质量m=10-16kg,不计粒子重力.(1)试判断电场强度的方向;(2)粒子从A点飞到C点所用的时间t;(3)电场强度E的大小.17、(10分)(本题9分)用长为l=0.9m的轻绳系质量为m=0.2kg,使其在竖直平面内做圆周运动,已知重力加速度为g=10m/s2.求:(1)当小球在最高点的速度为6m/s,绳对小球的拉力大小?(2)小球过最高点的最小速度多大?
参考答案一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、A【解析】
当小物块通过最低点B时,由向心力公式得解得:A.mg+m与上述计算结果相符,故A正确;B.mg-m与上述计算结果不相符,故B错误;C.mg与上述计算结果不相符,故C错误;D.m与上述计算结果不相符,故D错误。2、C【解析】
以两人组成的系统为研究对象,不计摩擦力系统的合外力为零,系统的动量守恒.A推B之前系统的总动量为1,则推之后两人的总动量一定为1.取A的速度方向为正方向,由动量守恒定律有mAvA-mBvB=1,即有mAvA=mBvB,可得所以推后两人的动量大小一定相等,质量不一定相等,则动能不一定相等,速度大小与质量成反比,故ABD错误,C正确.故选C.【点睛】解决本题的关键是掌握动量守恒的条件:合外力为零,判断出两人组成的系统动量守恒,运用动量守恒定律列式分析.3、D【解析】
根据恒力做功计算表达式,可得,D正确ABC错误4、A【解析】
相对论、量子力学的提出,没有否定经典力学,只是对力学的完善;经典力学是相对论、量子力学在低速、宏观状态下的特殊情形,对于高速、微观的情形经典力学不适用,高速情形要用相对论,微观粒子运动要用量子力学。A.描述与分析不符,故A符合题意B.描述与分析相符,故B不符题意C.描述与分析相符,故C不符题意D.描述与分析相符,故D不符题意5、C【解析】
求解电流可以根据I=U/R以及微观表达式I=nqvS求解;根据题意可知,已知电量e,定向移动速率v以及导体单位体积内的自由电子数n;故只需要再知道导体的横截面积S即可求出电流大小;或者同时知道导体两端的电压U和导体的电阻R;A.知道导体的长度L不能求解导体的电流,选项A错误;B.只知道导体的电阻R不能求解导体的电流,选项B错误;C.还需知道导体的横截面积S可以求解导体的电流,选项C正确;D.只知道导体两端的电压U不能求解导体的电流,选项D错误;6、A【解析】试题分析:A、B两点的速度方向均沿切线向下,所以两点速度不同,由于物体只受重力,加速度为重力加速度g,方向都是竖直向下,所以两点加速度相同,故A正确,BCD错误.考点:平抛运动7、CD【解析】
ABC、斜面固定不动,若系统机械能保持不变,则物体减小的重力势能和增加的动能应相等,根据题意可得,,两者不等,即系统的机械能不守恒,AB错误C正确;D、物体的机械能减少了,D正确.【点睛】应明确阻力做功等于机械能的减小量,重力做功等于重力势能的改变量。8、BC【解析】
试题分析:对小球分析,设绳子拉力为F,绳子与竖直方向夹角为θ,绳子长度为l,则有Fcosθ=mg,Fsinθ=m(2π/T)2r,r=lsinθ,解得T2=4π2lcosθ/g,当小球位置升高时,周期减小,角速度增大,C正确,D错误.Q物块处于平衡状态,有N=Mg+Fcosθ=(M+m)g,支持力不变,A错误;f=Fsinθ=mgtanθ,物块位置升高,θ增大,f增大,B正确.考点:本题考查圆周运动向心力分析和物体平衡.9、BC【解析】由于不知道电子速度变化,由运动轨迹图不能判断电子向那个方向运动,故A错误;若aA>aB,则A点离点电荷Q更近即Q靠近M端;又由运动轨迹可知,电场力方向指向凹的一侧即左侧,所以,在MN上电场方向向右,那么Q靠近M端且为正电荷,故B正确;由B可知,电子所受电场力方向指向左侧,那么,若电子从A向B运动,则电场力做负功,电势能增加;若电子从B向A运动,则电场力做正功,电势能减小,所以,一定有EpA<EpB求解过程与Q所带电荷无关,只与电场线方向相关,故C正确;由B可知,电场线方向由M指向N,那么A点电势高于B点,故D错误;故选BC.10、AC【解析】
A.A、B两点共轴转动,角速度相等,之比为1:1,故A项与题意相符;B.根据可知,由于AB两点的转动半径不同,所以两点的线速度不相等,故B项与题意不相符;CD.A、B转动的半径之比为根据可知,vA∶vB=∶2,故C项与题意相符,D项与题意不相符。11、AC【解析】
对其中一个小球受力分析,如图,受重力,绳子的拉力,由于小球做匀速圆周运动,故合力提供向心力;将重力与拉力合成,合力指向圆心,由几何关系得,细线的拉力所以向心力,所以角速度,相同。A.根据可知,线速度之比为半径比,即2:1,A正确。B.根据分析可知,角速度之比为1:1,B错误。C.加速度可知,加速度之比为半径比,即2:1,C正确。D.周期可知,周期之比为1:1,D错误。12、BD【解析】
空降兵从跳下到下落高度为h的过程中,只有重力做功,机械能不变。故A错误;空降兵从跳下到刚匀速时,重力做功为:mg(H+h),重力势能一定减少了mg(H+h)。故B正确;空降兵匀速运动时,重力与阻力大小相等,所以:kv2=mg,得:.故C错误;空降兵从跳下到刚匀速的过程,重力和阻力对空降兵做的功等于空降兵动能的变化,即:mg(H+h)-W阻=mv2。得:W阻=mg(H+h)-m•()2=mg(H+h)-.故D正确。二.填空题(每小题6分,共18分)13、负正【解析】
[1][2]将带正电的导体球C靠近不带电的导体AB,靠感应起电使物体带电,导体AB由于感应起电带上异种电荷,所以此时离C比较近的A端带负电,B端带正电。14、1.02×104;【解析】
在加速阶段,根据牛顿第二定律可知:F-f=ma,
解得:F=ma+f=3400N,
5s通过的位移为:x=12at2=12×1.2×52m=15m
平均功率为:5s末的速度为:v=at=6m/s
此时的瞬时功率为:P=Fv=2.04×104J【点睛】此题考查牛顿第二定律以及功率的计算问题;关键是知道求解平均功率和瞬时功率的公式,求解平均功率一般用P=W/t,求解瞬时功率用P=Fv。15、0.2m外轨【解析】如图所示:根据牛顿第二定律得,mgtanθ=mv2R
解得:tanθ=v故sinθ=hL=若速度大于20m/s,则需要的向心力变大,则轮轮缘会挤压外轨。点睛:解决本题的关键理清向心力的
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