江苏省启东市2023届高考化学专项复习非金属及其化合物富集在海水中的元素-氯活泼的黄绿色气体-氯气（1）练习苏教版

江苏省启东市2023届高考化学专项复习非金属及其化合物富集在海水中的元素——氯活泼的黄绿色气体—氯气（1）练习苏教版活泼的黄绿色气体—氯气1．以下有关化学反响过程或实验现象的表达中，正确的选项是()

A．氯气的水溶液可以导电，说明氯气是电解质

B．漂白粉和明矾都常用于自来水的处理，二者的作用原理是相同的

C．氯气可以使湿润的有色布条褪色，但实际起漂白作用的物质是次氯酸而不是氯气

D．在滴有酚酞的Na2CO3溶液中，参加BaCl2溶液后溶液的红色褪去，说明BaCl2溶液具有酸性2．实验室用二氧化锰和浓盐酸制氯气时，可选用的枯燥剂是

A．浓硫酸B．生石灰C．固体NaOHD．固体NaCl3．为了提高灯泡的使用寿命和发光强度，在汽车上多用卤素灯，尤其是溴钨灯。假设向含0.03molBr－和0.03molI－的混合液中通入Cl2来得到溴，那么需要通入Cl2的物质的量是〔〕A、0.03molB、0.015molC、0.02molD、0.06mol4．在以下溶液中通入CO2至过量，原溶液一直保持澄清的是〔〕

A．硅酸钠溶液B．氯化钡溶液C．石灰水D．漂白粉溶液5．以下描述中正确的选项是〔〕

A．氯水是纯洁物，氯水中的次氯酸具有杀菌消毒作用

B．加碘食盐中所加的“碘〞一般是碘化钾

C．氢氧化铁胶体可以使混浊的水变澄清，可作水的消毒剂

D．漂白粉的有效成分是次氯酸钙6．氟气是氧化性最强的非金属单质。在加热条件下，等物质的量的氟气与烧碱完全反响生成NaF.H2O和另一种气体，该气体可能是〔〕

A．H2B.HFC.O2D.OF27．今有甲、乙、丙三瓶等体积的新制氯水，浓度均为0.1mol/L．如果在甲瓶中参加少量的NaHCO3晶体〔nmol〕，在乙瓶中参加少量的NaHSO3晶体〔nmol〕，丙瓶不变．片刻后，甲、乙、丙三瓶溶液中HClO的物质的量浓度的大小关系〔溶液体积变化忽略不计〕〔〕A．甲=乙＞丙B．甲＞丙＞乙C．丙＞甲=乙D．乙＞丙＞甲8．氯化溴〔BrCl〕和Br2、Cl2具有相似的性质，以下有关氯化溴性质的判断中错误的选项是〔〕

A．在CCl4中的溶解性BrCl＜Br2

B．BrCl氧化性比Br2强，比Cl2弱

C．沸点BrCl＞Br2

D．常温下BrCl可与NaOH溶液反响生成NaCl和NaBrO9．以下说法不正确的选项是()

A．Al2O3、SiC等是耐高温材料

B．将Cl2通入冷的消石灰中可制得漂白粉

C．浓硫酸可用于枯燥NH3、SO2、NO2等气体

D．硅酸钠的水溶液是制备硅胶和木材防火剂的原料10．浓盐酸与次氯酸钙能发生反响Ca(ClO)2＋4HCl(浓)=CaCl2＋2Cl2↑＋2H2O，用贮存很久的漂白粉与浓盐酸反响制得的氯气中，可能含有的杂质是()①CO2②HCl③H2O(g)④O2

A．①②③ B．②③④

C．②③ D．①④参考答案：1．答案：C解析：

2．答案：A解析：

3．答案：A解析：I－复原性强于Br－，I－先和Cl2反响，而0.03molI－消耗0.015molCl2，然后0.03molBr－参加反响消耗0.015molCl2，故共需通入Cl20.03mol。4．答案：B解析：根据题中所给信息分析，弱酸不会制强酸，因此选项B是正确的。5．答案：D解析：A项，氯水是混合物；B项，食盐参加的物质应为碘酸钾(KIO)；C项，氢氧化铁胶体只能净水，但不能用于消毒；D项，漂白粉的主要成分是氯化钙和次氯酸钙，有效成分是次氯酸钙。6．答案：D解析：该题是一道信息迁移题，未曾见过或写过有关反响方程式。此题的关键是等物质的量完全反响，故方程式为：2F2+2NaOH=2NaF+H2O+OF2↑错误思路：容易错选C。原因是受定势影响：2F2+2H2O=4HF+O2,HF+NaOH=NaF+H2O，或总写为：2F2+4NaOH=4NaF+O2+2H2O7．答案：B解析：甲中参加少量的NaHCO3晶体：HClO的酸性比碳酸弱但比HCO3﹣的酸性强，参加少量的NaHCO3晶体，可促进氯气与水的反响，生成更多的HClO；乙中参加少量的NaHSO3晶体：HClO可与NaHSO3发生氧化复原反响而导致浓度降低；丙不变，那么甲、乙、丙三瓶溶液中HClO的物质的量浓度的大小关系为甲＞丙＞乙．8．答案：C解析：BrCl中Br元素为+1价，BrCl的性质应介于Cl2与Br2之间。9．答案：C解析：A、Al2O3和SiC是常见的耐高温材料，故A正确；B、将氯气通入冷的消石灰中即制的以次氯酸钙为有效成分的漂白粉，故B正确；C、NH3与浓硫酸反响，无法用硫酸枯燥，故C错误