2020-2021学年江苏省扬州市九年级(上)期末物理模拟试卷word解析版

第第#页，共26页17.17.【答案】0.121800越快出答案。.【答案】220增大大解：我国家庭电路的电压是220K当线路连接处接触不良时，与连接完好相比该处的阻值将增大，根据公式P=/2A可知，在该处消耗的电功率将增大，当导线之间发生短路时，导线中电流将会很大，容易发生火灾。故答案为：220；增大；大。我国家庭电路的电压是220K根据公式P=/2R可知，电路电流不变时，电阻变大，消耗的电功率将变大；导线发生短路时，电路中的电阻将会非常小，根据公式/=?可知，电流将会很大。R本题考查电功率公式的应用和线路故障产生的原因，一个是线路连接处接触不良，一个是线路严重老化，在日常生活中一定要注意，严防事故的发生。.【答案】做功内机械做功解：当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能。故答案为：做功；内；机械；做功。(1)物体对外做功，将物体的内能转化为其它形式的能，物体的内能减小，温度降低；(2)热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能。本题主要考查的是学生对做功改变物体内能和热机做功冲程的认识和了解，基础性题目。16.【答案】做功；减少；减少解：小明在下滑过程中克服摩擦做功，机械能转化为内能，所以臀部有灼热的感觉，这是通过做功的方式改变了他的内能；在下滑过程中，高度减小，质量不变，则重力势能减少；由于存在摩擦，机械能转化为物体的内能，使物体的内能增加、温度升高，所以机械能减少。故答案为：做功；减少；减少。改变物体内能的两种方法：做功和热传递。对物体做功(克服摩擦力做功、压缩气体做功等)，将机械能转化为物体的内能，使物体的内能增加、温度升高。熟悉机械能的转化过程，并理解改变内能的两种方式是解决该题的关键。解：(1)2000imp/(kW・h),是指每消耗1kW-h的电能，电能表指示灯闪烁了2000次，指示灯闪烁240次，则电水壶消耗的电能：W=—240^——=0.12kW-h；2000imp/(kW-h)该水壶的电功率：P=W=。」臂h=1.8kW=1800W，60h(2)电能表指示灯闪烁的越快，说明用电器的电功率越大，即电流通过用电器所做的电功越快；故答案为：0.12；1800；越快。(1)根据电能表闪烁的次数可以求出电水壶消耗的电能，然后由电功率公式P=W求出电t水壶的实际功率。(2)用电器的功率越大，做功越快，电能表的表盘转动越快。本题考查了电水壶消耗的电能、电水壶的功率等问题，知道电能表参数的含义、熟练应用功率公式即可正确解题，解题时注意单位换算。.【答案】800800.3280%解：(1)由图知，使用的是一个动滑轮，而h=1.6m，则拉力移动的距离为：s=2h=2x1.6m=3.2m，拉力做的总功为：W总=为=250八x32m=800/，(2)已知七=10$，则拉力做功的功率为：p=^=800_=80W，t10s(3)物体上升的速度为：v=s=h=16m=0.16m/s，tt10s绳子自由端上升的速度：^绳=2v=2x0.16m/s=0.32m/s，(4)使用动滑轮做的有用功为：W有用=Gh=400NX1.6m=640/，则滑轮组的机械效率为：〃=嗅=64"=80%。加总800/故答案为：800；80；0.32；80%。(1)从图可知，使用的是一个动滑轮，则九=2,可利用s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小，可利用公式W总二为计算拉力做的总功；(2)知道运动时间，可利用公式P=W计算拉力的功率；t(3)知道物体上升的高度，可利用公式v=s计算物体上升的速度，然后可知绳子自由端t上升的速度；

(4)再利用公式勿有用=Gh计算有用功，最后利用机械效率的公式求动滑轮的机械效率。本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=^h的理解和运用，理解并求出有用功和总功是本题的关键。滑轮组的题目要先确定滑轮的性质，判断滑轮绳子段数，然后确定G、F、s、h之间的关系进行计算。.【答案】8.4X105140.02解：水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2X103J/(kg-℃)X10kgX(40℃-20℃)=8.4X105/；t=—=&4X105/=840s=14m讥;p1000—8.4X1057————yci-=0.02m34.2X107〃kg故答案为：8.4X105；14；0.02(1)利用水的吸热公式求出水吸收的热量；(2)根据t=—求出加热时间；p(3)利用Q=，q求出燃气的体积。此题考查了热量的计算、加热时间的计算以及燃料体积的计算，涉及到的公式相对较简单，注意单位统一。.【答案】a11：1解：开关接a时，两电阻串联，电阻较大，根据P=U/=经知电功率较小，是保温状R态;当开关接b时，只有电阻r2工作，电阻较小，电功率较大，处于加热状态;加热时的总功率：p加热廉，加热时的总功率：p加热廉，保温时的功率p保温=U2R1RU2 =U2R210R2 11R2所以：-to*= =11P保温者；1故答案为：a；11：1。由电功率的公式。=叼=生知，当电阻较大时，电功率较小；分别计算两种情况下的R电功率的表达式进行比较。本题考查了电功率的计算，在电压不变时，利用P=U/=经来比较电阻对电功率的影R响，电阻越大，电功率越小。.【答案】1.08x106150084%解：这段时间内消耗的电能为勿=015元=0.3kW•九=1.08x1067,0.5元"仍％实际功率为P="=L08x106/=1500W；t12x60s水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2x103〃(kg•℃)x2.4kgx(100℃—10℃)=907200/则烧水效率为.〃=。x100%=907200/x100%=84%W 1.08x1061故答案为：1.08x106；1500；84%。(1)电价和显示费用求出消耗的电能；(2)根据P=W求出实际功率；t(3)利用Q=cm△t求出水吸收的热量，结合效率公式求出烧水效率。此题主要考查学生对于电能、电功率以及加热效率的理解和掌握，熟悉公式是解题关键。.【答案】解：当40之间的连线作为力臂时，力臂是最大的，此时的动力最小；力F2是由重力产生的，故阻力的方向是竖直向下的，从0点做该力的作用线的垂线，即为力臂，如图所示：故答案为：如上图。力臂是从支点到力的作用线的距离；当动力的力臂最大时，动力是最小的。作力臂首先找到支点和力的作用线，再从支点向力的作用线引垂线，支点到垂足之间的距离为力臂的大小。.【答案】解：由题意可知，感应开关Sr光敏开关S2串联共同控制二即灯，如下图所示： / /S1—— "一一 LED灯只有夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的心即灯才亮，否则心即灯不亮，说明感应开关工、光敏开关S2不能独立工作、即为串联，共同控制二即灯，据此进行解答。

本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两开关的连接方式是关键。.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。—2^—2^火零地灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。.【答案】左水平零竖直实验次数少，动力臂是阻力臂的两倍，实验数据不具普遍性解：(1)由题意知，杠杆的右端下沉，则应使平衡螺母向左调节；杠杆在水平位置平衡，重心在杠杆的重点，重力作用线恰好通过支点，所以重力的力臂为零；(2)根据力臂的概念，沿竖直方向拉动测力计，杠杆在水平位置平衡，这样力臂恰好与杠杆重合，便于直接读数；(3)由表格中数据知，只做了3次实验，且动力臂始终为阻力臂的2倍，实验数据不具普遍性。故答案为：(1)左；水平；零；(2)竖直；(3)实验次数少，动力臂是阻力臂的两倍，实验数据不具普遍性。(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向上翘的一端移动；重心通过支点，则力臂为零；(2)要使力臂沿着杆的方向，应使力与杆垂直；(3)要得到普遍性的规律，实验中应多次改变力臂和力，多测几组数据进行分析。本题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆的调节、调节杠杆在水平位置平衡的原因、对实验数据的评估等问题，是杠杆考查的重点，应熟练掌握。.【答案】匀速直线0.795.2摩擦力0.43解：(1)沿斜面拉动物体时，为使弹簧测力计的示数稳定，便于读数，所以应尽量使物体做匀速直线运动；(2)由图可知：弹簧测力计的分度值为0.1N,示数为0.7N,则斜面的机械效率〃=❷=烈=包皿的X100%=95.2%；W总Fs0.7Nx0.9m比较两次的机械效率可知，第2次机械效率大，斜面的倾斜程度相同，小车所受的摩擦力小，由此可得结论：斜面倾斜程度相同时，摩擦力越小，机械效率越大；(3)由第1次实验的数据可知，沿斜面拉木块做的有用功加右=Gh=4NX0.15m=0.6J，有拉力做的总功加总=Fs=1.1Nx09m=0.99J则额外功加额=加总-加有=099J-06J=039J，由加额=%得，木块所受摩擦力/'=%=迫合0.43N。额 s0.9m故答案为：(1)匀速直线；(2)0.7；95.2；摩擦力；(3)0.43。(1)从实验操作方便的角度考虑，要测量沿斜面的拉力，就要让木块做匀速直线运动，因为只有这样，弹簧测力计的示数稳定，测量才够准确；(2)弹簧测力计读数时首先认清量程和分度值，然后再根据指针位置读出拉力示数；然后根据〃=4=熟求出机械效率；比较两次机械效率的大小即可判断；W总Fs(3)先根据加有=3九和加总二代分别求出有用功和总功，然后根据加额=加总-勿有求出额外功，克服摩擦力做功就是额外功，利用f=5求出摩擦力。s本题考查了实验注意事项、实验数据分析、以及斜面机械效率计算的掌握情况，应用控制变量法、认真分析实验数据即可正确解答，尤其要注意摩擦力的求法，是最容易出错的地方。27【.答案】相同的时间水和食用油吸收的热量相同相同高大于水63002.1X103解：(1)使用相同的加热器的目的是：相同的时间水和食用油吸收的热量相同；(2)从表中数据可知，水和食用油的质量相同；加热结束时，食用油的温度比水温度高；(3)在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，根据转换法，水吸收的热量大于食用油吸收的热量。(4)由(3)，使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，根据比较吸热能力的第1种方法，在相同条件下吸热的能力更强的是水；(5)由表中数据知，水从20℃升高到45℃，水吸收的热量为：Q=c水6△t=0.06kgx4.2x103j/(kg-℃)x(45℃-20℃)=6300/；由图可知，加热6分钟，吸热相同热量时，水升高的温度为25℃；食用油升高的温度为：70℃-20℃=50℃,食用油升高的温度为水的50℃=2倍，根据25℃c=E，在质量和吸热相同的条件下，比热容与升高的温度成反比，故食用油的比热容为：x4.2x103j/(kg-℃)=2.1x103j/(kg•℃)。故答案为：(1)相同的时间水和食用油吸收的热量相同；(2)相同；高；(3)大于；(4)水；(5)6300；2.1x103。(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；(2)分析表中数据得出结论；(3)根据(2)推理分析；(4)比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；(5)由表中数据求出水升高的温度，根据Q=cm△t求出水吸收的热量；根据c=°，在质量和吸热相同的条件下，比热容与升高的温度成反比，求食用油的m^t比热容。本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和。=cmAt的运用，为热学中的重要实验。28.【答案】灯泡断路将变阻器上面两个接线柱连入了电路中A电压表0.5不能灯的电阻随温度的变化而变化解：(1)要求滑动变阻器向右滑灯泡变暗，即电流变小电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，由小灯泡额定电压为2.5,可知，电流表的量程为0〜3八且电压表选用小量程与灯并联，如下所示：(2)小勇在实验中连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，但电压表有示数，其原因可能是灯泡断路；小华在实验中连接好电路，闭合开关，发现灯泡非常亮，则电路的电流较大，且移动滑片时灯泡的亮度不变，则变阻器没有了变阻的作用，其原因可能是将变阻器上面两个接线柱连入了电路中；(3)灯在额定电压下正常发光，示数为1.8,小于灯的额定电压2.5忆应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，同时眼睛应注意观察电压表示数，直至灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.024电流为0.24则该灯泡的额定功率为P=UI=2.5,X0.24=0.5W；(4)探究电流与电压的关系时要控制电阻的大小不变，因灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值，故在不改变图甲电路和元件的前提下，不能利用控制变量法来探究电流与电压的关系。故答案为：(1)如上所示；(2)灯泡断路；将变阻器上面两个接线柱连入了电路中；(3)4；电压表；0.5；(4)不能；灯的电阻随温度的变化而变化。(1)根据滑动变阻器向右滑灯泡变暗确定变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，根据电源电压为3V确定电压表选用小量程与灯并联；(2)若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；闭合开关，发现灯泡非常亮，则电路的电流较大，且移动滑片时灯泡的亮度不变，则变阻器没有了变阻的作用，据此分析；(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求出该灯泡的额定功率；(4)探究电流与电压的关系时要控制电阻的大小不变，据此分析。本题测量小灯泡额定功率，考查电路连接、故障和反常现象的分析、操作过程、额定功率的计算，同时也研究了电流与电压的关系，考查控制变量法的运用。29.【答案】解：(1)只闭合加热开关时，足浴盆正常工作时的功率P=1000W，电压U=220V，由P=UI=^2可得：R加热电阻值：。二：(2)水需要吸收的热量:Q吸=cm(t-t0)=4.2x103j/(kg-℃),5kgx(40℃-20℃)=4.2x105j足浴盆消耗的电能：W=Pt=1000Wx500s=5x105j正常工作时的加热效率：〃=%x100%=4.2x105jx100%=84%,W 5x1051(3)启动按摩功能时，电动机工作，功率P=22W,电压U=220V,由P=UI可得：通过线圈的电流：；； ■।'oVd答：(1)加热电阻正常工作时的阻值为48.452；(2)足浴盆的加热效率为84%；(3)启动按摩功能时，通过电动机线圈的电流是0.14。本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电功率公式、吸热公式、电功公式和效率公式的应用，解题关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等并能从表格中得出相关的信息，但难度不是太大。(1)加热电阻正常工作时，加热功率和额定功率相等，根据R=U2求阻值；p(2)知道水的质量，水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t-t0)求水吸收的热量;根据W=Pt求出足浴盆消耗的电能，根据〃=^吸x100%求出加热效率；(3)启动按摩功能时，电动机工作，根据P=UI求通过线圈的电流。30.【答案】解：(1)由。=小=蓝可得，小灯泡的阻值：R=空=0^2=120LPL 12W(2)闭合开关S、1，滑片P在a端时，R1与L并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且小灯泡恰能正常发光，所以，电源的电压U=UL=12几通过灯泡的电流：/=4=12^=1A,lrl12a因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R1的电流：11=1-Il=1.3A-1A=0.3A,则々的阻值：r=—=12^=40a.1 11 0.3A '(3)闭合开关s，断开开关S1,R1与R2串联，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡消耗的功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I'=———=———=0.25A,rlR2 12a36a灯泡消耗的最小功率：PJ=(I′)2RL=(0.25A)2x12a=0.75W。答：(1)小灯泡的阻值为12a；(2)R1的阻值为40a；(3)闭合开关s，断开开关S1,在滑片P移动过