高三物理复习：第12月13号限时检测（B卷）

廉江市实验学校高补部第18次物理限时训练B卷全卷满分：100分用时：40分钟考试时间：2019.12.13学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________选择题：本题共10小题，每小题6分，共60分；其中第1-7小题为单选，8-10小题为多选。1．每时每刻都有大量带电的宇宙射线向地球射来，地球磁场可以有效地改变这些射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义。假设有一个带负电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，在地磁场的作用下，它将()向东偏转 B．向南偏转 C．向西偏转 D．向北偏转2．如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L、质量为m的直导体棒，导体棒中电流为I。要使导体棒静止在斜面上，需要外加匀强磁场的磁感应强度B的值不可能为()A、 B、 C、D、3．如图所示，PQ、MN是放置在水平面内的光滑导轨，导轨电阻不计，GH是长度为L、电阻为r的导体棒，其中点与一端固定的轻弹簧连接，轻弹簧的劲度系数为k。导体棒处在方向向下、磁感应强度为B的匀强磁场中。电路中直流电源的电动势为E、内阻不计，电容器的电容为C。闭合开关S，待电路稳定后（轻弹簧始终在弹性限度内），下列说法正确的是（）A．导体棒中电流为B．轻弹簧的长度增大C．轻弹簧的长度减小D．电容器所带电荷量为4．如图所示，abcd是一个用粗细均匀、同种材料的导线弯折成的长方形线框，线框竖直放置，ab长度为L，bc长度为。匀强磁场的方向垂直于金属框平面向里，磁感应强度大小为B。若金属框a、b两端与恒压电源相连，电流方向如图所示，若通过ab边的电流大小为，则金属框受到的安培力大小和方向分别为（）A、，方向竖直向上 B、2BIL，方向竖直向上C、，方向竖直向下 D、3BIL，方向竖直向下5．在光滑绝缘水平面上，用绝缘细线拉着一带负电的小球，在水平面内绕竖直方向的轴做逆时针方向的匀速圆周运动，整个空间存在竖直向下的匀强磁场，俯视图如图所示。若小球运动到点时细线突然断开，则小球此后（）A．仍做逆时针方向的匀速圆周运动，但半径减小B．仍保持原来的速度大小，做匀速直线运动C．做顺时针方向的曲线运动，但不是圆周运动D．做顺时针方向的匀速圆周运动，半径可能不变6．如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，下面挂有匝数为n的矩形线框abcd，bc边长为l，线框的下半部分处在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与线框平面垂直(在图中垂直于纸面向里)，线框中通以电流I，方向如图所示，开始时线框处于平衡状态。令磁场反向，磁感应强度的大小仍为B，线框达到新的平衡，则在此过程中线框位移的大小Δx及方向是()A．Δx＝，方向向上B．Δx＝，方向向下C．Δx＝，方向向上 D．Δx＝，方向向下7．如图所示，三个完全相同的半圆形光滑轨道竖直放置，分别处在真空、匀强磁场和匀强电场中，轨道两端在同一高度上，三个相同的带正电小球同时从轨道左端最高点由静止开始沿轨道运动，P、M、N分别为轨道的最低点，如图所示，则下列有关判断正确的是()A．小球第一次到达轨道最低点的速度关系vp＝vM<vNB．小球第一次到达轨道最低点时对轨道的压力关系FP＝FM>FNC．小球从开始运动到第一次到达轨道最低点所用的时间关系tP=tM<tND．三个小球到达轨道右端的高度都不相同，但都能回到原来的出发点位置8．如图是磁电式电流表的结构，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布，线圈中a、b两条导线长均为l，通以图示方向的电流I，两条导线所在处的磁感应强度大小均为B。则（）A．该磁场是匀强磁场B．线圈平面总与磁场方向垂直C．线圈将顺时针转动D．a、b导线受到的安培力大小总为BIl9．如图所示，一个质量为m、带电荷量为+q的圆环，套在水平放置的粗糙绝缘细杆上，圆环直径略大于细杆直径。已知细杆处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，给圆环初速度使其向右运动起来，在运动过程中圆环的电荷量不变，经历变速运动后圆环最终处于平衡状态。则从开始运动到最终处于平衡状态，圆环克服摩擦力做的功可能为（）A、0B、 C、 D、10．如图所示，MN是纸面内的一条直线，其所在空间充满与纸面平行的匀强电场或与纸面垂直的匀强磁场(场区都足够大)，现有一重力不计的带电粒子从MN上的O点以水平初速度v0射入场区，下列有关判断正确的是()A．如果粒子回到MN上时速度增大，则空间存在的一定是电场B．如果粒子回到MN上时速度大小不变，则该空间存在的一定是电场C．若只改变粒子的速度大小，发现粒子再回到MN上时与其所成夹角不变，则该空间存在的一定是磁场D．若只改变粒子的速度大小，发现粒子再回到MN所用的时间不变，则该空间存在的一定是磁场11．如图所示，在竖直平面内有水平向右的匀强电场，场强为．同时存在水平方向垂直电场方向向内的匀强磁场，磁感应强度B＝1T．现有一带正电粒子质量，带电量为，它在竖直平面内做直线运动．g=10m/s2．分析带电粒子的运动方向和速度的大小（方向用速度和电场之间的夹角θ表示）；

12．如图所示，在磁感应强度B＝1.0T、方向竖直向下的匀强磁场中，有一个与水平面成θ＝37°角的平行导电滑轨，滑轨上放一个可以自由滑动的金属杆ab。已知接在滑轨中的电源电动势E＝12V，内阻不计，滑轨间距L＝0.5m，金属杆质量m＝0.2kg，杆与平行滑轨间的动摩擦因数μ＝0.5，不计滑轨与ab杆的电阻，g取10m/s2，求接在滑轨上的变阻器R的阻值在什么范围内变化时，可以使ab杆在滑轨上保持静止。廉江市实验学校高补部第18次物理限时训练参考答案1．C【详解】地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转。2．D【分析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向；由三力平衡知识分析得最小安培力.【详解】当磁场方向垂直于斜面向下时，此时磁感应强度最小，有共点力平衡可知：mgsinθ=BIL，解得：，方向垂直于斜面向下；故A、B、C项的值均可能，D项的值不可能.本题选不可能故选D.3．D【详解】A．导体棒中的电流为I＝故A错误；BC．由左手定则知导体棒所受的安培力方向向左，则弹簧长度减小，由平衡条件得BIL＝kΔx解得故B、C错误；D．电容器上的电压等于导体棒两端的电压U＝Ir，电容器所带的电荷量为故D正确。4．A【详解】由题意可知，边ab（cd）的长度是边ad（bc）长度的2倍，所以边ab（cd）的电阻是边ad（bc）电阻的2倍，由并联关系可知，通过adcb支路的电流为，所以边dc所受安培力大小为方向竖直向上，边ab所受安培力大小为Fab=BIL方向竖直向上，边ad和边bc所受安培力的合力为零，所以金属框所受安培力大小为方向竖直向上。5．D【分析】运动的带负电的粒子在磁场中受力洛伦兹力的作用，用左手定则判断洛伦兹力的方向，根据向心力公式分析绳子所受的力，绳子断开后，绳子的拉力为零，小球仅受洛伦兹力，根据受力情况判断小球的可能的运动情况即可．【详解】若小球带负电沿逆时针方向旋转，小球所受的洛伦兹力方向背离圆心，当洛伦兹力的大小大于小球原来所受合力大小时，绳子断后，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径减小；当洛伦兹力的大小等于小球原来所受合力大小时，绳子断后，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径不变；当洛伦兹力的大小小于小球原来所受合力大小时，绳子断后，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径变大；故ABC错误，D正确。故选D。6．B【详解】线框在磁场中受重力、安培力、弹簧弹力处于平衡状态，安培力为FA＝nBIl且开始时方向向上，改变电流方向后方向向下，大小不变，设在磁场反向之前弹簧的伸长为x，则反向之后弹簧的伸长为(x＋Δx)，由平衡条件知kx＋nBIl＝mgk(x＋Δx)＝nBIl＋mg联立解得Δx＝且线框向下移动，故B正确。7．C【详解】根据动能定理，可得小球到达P和M点时的速度：；在电场中时：，解得：，可知，A错误；最低点：；；；小球第一次到达轨道最低点时对轨道的压力关系FM>FP>FN；B错误；根据A问答案知道，三球运动到同一高度时，P、M速度相等且大于N点速度，下滑动的路程等于1/4圆弧相等，所以小球从开始运动到第一次到达轨道最低点所用的时间关系tP=tM<tN，C正确；P、M两球机械能守恒，能达到右边等高点，但N球由于电场力做负功不能达到等高点，但三个球都能回到原来的出发点位置，D错误。故选C.8．CD【分析】由题意可知考查磁电式电流表内部磁场特点及安培力方向判断，大小计算，由左手定则和安培力公式分析计算可得。【详解】A．匀强磁场的磁感应强度应大小处处相等，方向处处相同，由图可知，选项A错误；B．线圈平面总与磁场方向平行，故B错误。C．在图示的位置，a受向上的安培力，b受向下的安培力，线圈顺时针转动，选项C正确；D．由于磁感应强度大小不变，电流大小不变，则安培力大小始终为BIl，选项D正确．【点睛】磁电式电流表内部磁感应线辐射分布，可保证线圈无论转到哪个位置，线圈平面总和磁场方向平行，安培力大小总是BIl，从而保证指针偏转角度大小和电流大小成正比。9．BD【详解】A、圆环经历变速运动后圆环最终处于平衡状态，故，因而圆环在速度为受到杆的作用力不为零，存在摩擦力，故摩擦力做功不为零，故A错误；B、当时，圆环做减速运动到静止，只有摩擦力做功。根据动能定理得：，解得：，故B正确；CD、当时，圆环先做减速运动，当时，不受摩擦力，做匀速直线运动，则有；根据动能定理得：，代入解得：，故C错误，D正确。10．AD【解析】试题分析：根据洛伦兹力不做功，电场力可以做功分析解题洛伦兹力对带电粒子不做功，不能使粒子速度增大，电场力可使带电粒子做功，动能增大，故A正确；若带电粒子以与电场线平行的速度射入，粒子返回速率不变，故B错误；如果是电场，只要MN是等势面即可，故C错误；由知，粒子在磁场中运动的时间与速率无关，D正确．11．(1),方向与E的方向60°(2)【解析】（1）受力分析如图所示：带电粒子受到重力，电场力和洛伦兹力作用，根据运动特点，受力分析可知粒子运动速度方向如图所示；

代入数据解得：v=20m/s，由

tanθ＝得θ=60°；

即v与电场方向的夹角为60°，向右上方；（2）去掉磁场