高三物理人教版一轮复习晚自习随堂练含解析：整体法和隔离法

届高三物理（人教版)一轮复习晚自习随堂练整体法和隔离法1、如图所示，质量为M的斜面A置于粗糙水平地面上，动摩擦因数为μ，物体B与斜面间无摩擦。在水平向左的推力F作用下，A与B一起做匀加速直线运动，两者无相对滑动。已知斜面的倾角为θ，物体B的质量为m，则它们的加速度a及推力F的大小为（）A．a＝gsinθ，F＝（M+m）g（μ+sinθ）B．a＝gcosθ，F＝（M+m）gcosθC．a＝gtanθ，F＝（M+m）g（μ+tanθ）D．a＝gtanθ，F＝μ（M+m）g2、如图所示，A球质量为B球质量的3倍，光滑斜面的倾角为θ，图甲中，A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻质杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有()A.图甲中A球的加速度为gsinθB.图甲中B球的加速度为2gsinθC.用乙中AB两球的加速度均为gsinθD.图乙中轻杆的作用力-定不为零3、如图所示，有4个完全相同的物块，并排放在固定的斜面上，分别标记(号)为“2,0,1,4”，其中2号物块被竖直板挡住，不计所有接触处的摩擦，则0号木块左右两侧面所受的弹力之比为()A．1∶2B．2∶1C．3∶2D．2∶34、如图所示，三角形物块B放在倾角为θ的斜面体A上，A、B间的动摩擦因数为μ，要使B与A相对静止，已知A、B间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，下列说法正确的是()A．如果μ≠0且A、B相对地面静止，则μ可能小于tanθB．如果μ≠0且A、B相对地面静止，则μ一定等于tanθC．如果μ＝0且用力推A使A、B共同向右加速，则加速度a一定大于gtanθD．如果μ＝0且用力推A使A、B共同向右加速，则加速度a＝gtanθ5、如图,平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为k,一端固定在倾角为θ=30°的斜面底端,另一端与物块A连接，两物块A、B质量均为m,初始时均静止。现用平行于斜面向上大小等于mg/2的恒力F拉物块B,使B沿斜面向上运动,直到B与A开始分离。下列说法正确的是()A．静止时弹簧的压缩量为mg/kB．从开始运动到B与A刚分离的过程中,B沿斜面滑动的距离为mg/2kC．从开始运动到B与A刚分离的过程中,B物体的速度先增大后减小D．从开始运动到B与A刚分离的过程中,B物体的加速度一直减小6、如图所示,质量均为的物体A、B叠放在粗糙水平面上保持静止,B与A之间、A与水平面之间的动摩擦因数分别为滑轮及细绳质量不计最大静摩擦力等于滑动摩擦力,时刻起滑轮受到随时间均匀增大的水平拉力的作用,则下列说法中正确的是（）A．B所受的摩擦力方向一定向左B．B所受的摩擦力方向可能向右C．当时,A、B均静止D．若不论水平力F有多大,物体A、B间都不会相对滑动7、如图所示，质量为M的斜面体放在粗糙的水平面上，物体A和B通过细线跨过定滑轮相连，不考虑滑轮的摩擦和质量，斜面与A和B间都没有摩擦，细线与斜面平行。在图示情况下都静止不动，细线的张力为T，斜面体对地面的压力为N，斜面体与地面的摩擦力为f。如果将A和B位置对换且A和B都没达地面上时；，斜面体依然静止，细线的拉力为T1，斜面体对地面的压力为N1，斜面体与地面的摩擦力为f1，那么（）A.T>T1，f1>fB.N1>N，T=T1C.T1=T，f1不为零，f=0D.N1=N，f1=f≠08、如图,A、B两物块叠放在一起,放在光滑地面上,已知A、B物块的质量分别为m、M.若水平向右的力F1作用在A物块上,物块A、B未相对运动,F1的最大值为FA；若水平向右的力F2作用在B物块上,物块A、B未相对运动,F2的最大值为FB；则FA、FB是（？）A.1:1B.M:mC.m:MD.m:（M+m）9、如图所示，一固定光滑杆与水平方向夹角为，将一质量为的小环套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为的小球，静止释放后，小环与小球保持相对静止以相同的加速度a一起下滑，此时绳子与竖直方向夹角为，则下列说法正确的是：A.杆对小环的作用力大于B.不变，则越大，越小C.，与、无关D.若杆不光滑，可能大于10、如图所示,一轻质弹簧的下端固定在水平面上,上端叠放两个质量均为1kg的物体A、B(B物体与弹簧栓接),弹簧的劲度系数为k=50N/m,初始时系统处于静止状态。现用大小为15N，方向竖直向上的拉力F作用在物体A上,使物体A开始向上运动,g取空气阻力忽不计,下列说法正确的是（）A．外力施加的瞬间,A、B的加速度大小为B．当弹簧压缩量减小0.05m时,A、B间弹力大小为2.5NC．A、B分离时,A物体的位移大小为0.1mD．B物体速度达到最大时,弹簧被压缩了0.2m

11、如图所示，固定斜面上的物体A用跨过滑轮的细线与小砂桶相连，连接A的细线与斜面平行，不计细线与滑轮间的摩擦力．若要使物体A在斜面上保持静止，砂桶中砂的质量有一定的范围，已知其最大值和最小值分别为m1和m2(m2＞0)，重力加速度为g，由此可求出()A．物体A的质量B．斜面的倾角C．物体A对斜面的正压力D．物体A与斜面间的最大静摩擦力

12、如图所示，两个质量分别为m1、m2的物块A和B通过一轻弹簧连接在一起并放置于水平传送带上，水平轻绳一端连接A，另一端固定在墙上，A、B与传送带间动摩擦因数均为μ。传送带顺时针方向转动，系统达到稳定后，突然剪断轻绳的瞬间，设A、B的加速度大小分别为aA和aB，(弹簧在弹性限度内，重力加速度为g)则() A．aA＝μg，aB＝μgB．aA＝μg，aB＝0C．aA＝μg，aB＝0D．aA＝μg，aB＝μg

13、如图所示，光滑水平面上放置M、N、P、Q四个木块，其中M、P质量均为m，N、Q质量均为2m，其中P、M木块间用一轻弹簧相连．现用水平拉力F拉N，使四个木块以同一加速度a向右运动，则在撤去水平力F的瞬间，下列说法正确的是()A．M的加速度不变B．P的加速度大小变为eq\f(1,2)aC．Q的加速度不变D．N的加速度大小仍为a14、如图所示，物体m与斜面体M一起静止在水平面上。若将斜面的倾角稍微增大一些，且物体m仍静止在斜面上，则（）A.斜面体对物体的支持力变小B.斜面体对物体的摩擦力变大C.斜面体对物体的作用力变大D.水平面与斜面体间的摩擦力变小15、如图，甲、乙两物体靠在一起放在光滑的水平面上，在水平力F1和F2共同作用下一起从静止开始运动，已知F1>F2。两物体运动一段时间后()A.若突然撤去F1，甲的加速度一定减小B.若突然撤去F1，甲乙间的作用力减小C.若突然撤去F2，甲的加速度一定减小D.若突然撤去F2，乙的加速度一定增大16、如图所示，光滑水平桌面放置着物块A，它通过轻绳和轻质滑轮悬挂着物块B。已知A的质量为m，B的质量为3m，重力加速度大小为g。静止释放物块A、B后()A.相同时间内，A、B运动的路程之比为2:1B.物块A、B的加速度之比为1:1C.细绳的拉力为D.当B下落高度h时，速度为17、如图所示，在一足够大的水平向右匀强电场中，有一光滑绝缘水平面。将质量分别为m、M(m<M)的金属块A、B用一根短的绝缘线连接，静置于该绝缘面上，现使A带正电，A、B将在电场力作用下一起向右运动（运动过程中A的电荷量不变），A运动的加速度大小为a1，绳子拉力大小为F1：将A与B接触一下（A、B电荷总量与接触前相等），把A、B静置于该绝缘面上，A、B在电场力作用下一起向右运动，运动过程中绝缘线始终绷系，A运动的加速度大小为a2，绳子拉力大小为F2.若A、B间的库仑斥力小于B受到的电场力，则下列关系式正确的是()A.a1=a2B.a1<a2C.F1>F2D.F1=F218、如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg

19、如图，质量M=4kg的长木板静止处于粗糙水平地面上，长木板与地面的动摩擦因数μ1=0.1，现有一质量m=3kg的小木块以v0=14m/s的速度从一端滑上木板，恰好未从木板上滑下，滑块与长木板的动摩擦因数μ2=0.5，g取10m/s2，求：（1）木块刚滑上木板时，木块和木板的加速度大小；（2）木板长度；（3）木板在地面上运动的最大位移。20、如图,一块长度为L=9m、质量为M=1kg的长木板静止放置在粗糙水平地面上。另有质量为m=1kg的小铅块(可看做质点),以v0=12m/s的水平初速度向右冲上木板。已知铅块与木板间的动摩擦因数为μ1=0.4,木板与地面间的动摩擦因数为μ2=0.1,重力加速度取g=10m/s2,求:(1)铅块刚冲上木板时,铅块与木板的加速度a1、a2的大小;(2)铅块从木板上滑落所需时间;(3)为了使铅块不从木板上滑落,在铅块冲上木板的瞬间,对长木板施加一水平向右的恒定拉力F,求恒力F的范围.21、如图所示，足够长的水平杆MN中套有一个滑块A，A通过细绳连接小球B。现用一水平恒力拉小球B，当细绳与竖直方向夹角为θ1=37°时，A、B恰好能一起沿水平方向做匀速直线运动。已知滑块A的质量为2m，小球B的质量为m。sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）水平拉力F的大小；（2）滑块A与水平杆MN之间的动摩擦因数；（3）当水平拉力增大为F′，A、B一起沿水平方向运动时细绳与竖直方向夹角为θ2=45°，则F′大小为多少？22、如图所示，在水平地面上建立x轴，有一个质量m=1kg的木块(可视为质点)放在质量为M=2kg的长木板的左端A点，木板长L=2m。已知木板与地面间的动摩擦因数为μ1=0.1，木块与长木板之间的动摩擦因数为μ2=0.5(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)。开始时木块与长木板保持相对静止共同向右运动，已知木板的左端A点经过坐标原点O时的速度为v0=5m/s，在xp=10m处有一固定挡板，木板B端与挡板发生弹性碰撞后立即反向弹回，g取10m/s2，求：(1)木板与挡板碰撞时的速度大小v；(2)木块最终停止运动时的位置坐标。23、如图所示，质量为2kg的物体A和质量为1kg的物体B放在水平地面上，A、B与地面间的动摩擦因数均为1/3，在与水平方向成370角的20N斜向下推力F的作用下，A、B—起做匀加速直线运动（)求：（1）A、B—起做匀加速直线运动的加速度大小；（2）运动过程中A对B的作用力大小；（3）若3s后撤去推力，求撤去推力后1s内A在地面上滑行的距离。24、如图所示，水平地面上放置一质量为M=1kg、长为的长木板，距长木板的右端处固定一个与长木板等高的平台。现一质量为m=1kg的滑块以水平初速度v0=4m/s滑上长木板的左端A点。已知：滑块与长木板上表面间动摩擦因数为μ1=0.2，长木板下表面与地面间的动摩擦因数为μ2=0.05，长木板与平台相碰后立即停止运动，重力加速度g取10m/s2。求：（1）滑块刚滑上长木板时，滑块与长木板的加速度各是多大？（2）当长木板与平台相碰时，滑块的速度为多大？25、如图所示，物体ab放置在光滑的水平桌面上，a、b上表面水平，在a、b上分别放置着物体d和c，a、b间用轻质细线相连，开始细线刚好被拉直，此时细线水平，已知b、c之间和a、d之间动摩擦因数均为μ，物体a、b、c、d的质量均为m。现在d通过轻质细线绕过光滑滑轮与小物体e相连，用手托住e，d与滑轮间的细线刚好拉直成水平，e到地面的距离为h。要求a、b、c、d相对静止，释放物体ε后，欲使ε在最短的时间到达地面。已知最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力，求：(1)c到地面的最短时间?(2)此时物体e的质量?26、如图所示，质量为m=1kg的小物块A用细绳系在光滑的斜面上，斜面的倾角为θ=30°，三角形斜面体的质量为M=2kg，现用可变化的力F拉斜面体，使斜面体水平向右作加速直线运动，斜面体与水平面的动摩擦因数为μ=0.1，控制F的大小，使得小物体块A不会脱离斜面，g＝10m/s2。求：（1）细绳对小物块拉力T的大小范围是多少？（2）拉力F的大小范围是多少？27、如图所示,有一块木板A静止在光滑且足够长的水平面上,木板质量M=4kg，长L=1.2m,木板右端放一小滑块B并处于静止,小滑块质量m=1kg,其尺寸远小于L小滑块与木板之间的动摩擦因数为μ=0.4(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,g=10m/s2)。(1)现用恒力F始终作用在木板A上,为了让小滑块B不从木板A上滑落,求:恒力F大小的范围；(2)其他条件不变,若恒力F大小为20.8N,且始终作用在木板A上,求:小滑块B滑离木板A时的速度大小；(3)其他条件不变,若恒力F大小为28N,作用在木板A上一段时间后撒去,最终小滑块B从木板A上滑落下来,求:恒力F作用的最短时间。28、A,B两木块的质量分别为mA,mB,在水平推力F的作用下沿水平面以加速度a(未知)向右运动,动摩擦因素为μ（未知）,重力加速度为，求以下几种情况下，AB间的弹力FN为多大？

（1）μ=0,a≠0（2）μ≠0,a≠0

2020届高三物理（人教版)一轮复习晚自习随堂练整体法和隔离法参考答案1、答案：C内蒙古集宁第一中学2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题

【分析】B向左做匀加速运动，合力水平向左，对B进行受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度，再对AB整体运用牛顿第二定律即可求解F．【详解】对B进行受力分析，根据牛顿第二定律得：；对AB整体进行受力分析得：F-μ（M+m）g=（M+m）a；解得：F=（M+m）g（μ+tanθ），故C正确，ABD错误。故选C。名师点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，关键是选择合适对象根据整体法和隔离法列式求解．2、答案：C设B球质量为m，A球的质量为3m．撤去挡板前，挡板对B球的弹力大小为，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受的合力为零，加速度为零，B球所受合力为，加速度为；图乙中，撤去挡板的瞬间，AB两球整体的合力为，AB两球的加速度均为，则每个球的合力等于重力沿斜面向下的分力，轻杆的作用力为零，C正确．

3、答案：C选上面两块(1,4)为研究对象，知F右＝2mgsinθ，选上面三块为研究对象，知F左＝3mgsinθ，选项C正确．

4、答案：D若A、B之间接触面粗糙，一起静止在地面上时，A对B的支持力FN＝mgcosθ，fmax＝μFN≥f静＝mgsinθ，即μ≥tanθ，A、B错误；若A、B之间接触面光滑且相对静止，则A、B一起向右做匀加速直线运动，对B进行受力分析如图所示，F合＝mgtanθ＝ma，可得a＝gtanθ，C错误，D正确5、答案：ABD重庆市第一中学校2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题

【分析】开始静止时，对AB整体列平衡方程求解弹簧的压缩量；当AB分离时，两物体之间的弹力为零，从而求解弹簧的压缩量，进而求解B沿斜面滑动的距离；根据牛顿第二定律对整体列式讨论加速度的变化.【详解】静止时，对AB整体：，解得弹簧的压缩量为x1=mg/k，选项A正确；当AB分离时，两物体之间的弹力为零，此时弹簧的压缩量为，则B沿斜面滑动的距离为，选项B正确；对物体AB整体，根据牛顿第二定律：，即可知随物体上升，弹力F弹逐渐减小，则加速度逐渐减小，两物体的速度一直变大，选项D正确，C错误；故选ABD.名师点评：从受力角度看，两物体分离的条件是两物体间的正压力为0．从运动学角度看，一起运动的两物体恰好分离时，两物体在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等．6、答案：AD湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学2018-2019学年高一上期末检测物理试题

【分析】分析两个物体的受力情况，利用假设法，结合整体和隔离法根据牛顿第二定律列式来判断AB之间的摩擦力的可能的方向.【详解】当F较小时，两物体处于静止状态，此时B受到向右的细线的拉力作用，可知受到的静摩擦力向左；若F增大到一定值时，A相对地面滑动，此时若AB相对静止，则对整体：；对B：，解得，可知B受A的静摩擦力向左；假设AB产生相对滑动，且B相对A向左滑动，则B受摩擦力向右，则对A：；对B:，则由上述表达式可知a2>a1，与假设相矛盾，可知B所受的摩擦力方向不可能向右，选项A正确，B错误；若AB均静止时，满足：；，选项C错误；若μ1=μ2=μ，则对A：；对B:，可知a1=a2，即不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动，选项D正确；故选AD.7、答案：C由初始情景可加mA=mBsinα,mA>mB,互换位置后,，解得T1=mAg，a=g(1-sinα),B将加速下落，由超重和失重可知，N>N1；初始细度拉力T=mAg，互接位置后，T1=mAg，由质点系的牛顿第二定律可得f=0，f1=mAax+M×0+mB×0=mAg(1-sinα)cosα≠0.故选C.名师点评：本题涉及加速度不同的连接体问题，也可以采用整体法研究，可分竖直和水平两个方向分别列式分析。

8、答案：B试题分析：先隔离分析，根据牛顿第二定律求出最大的加速度，再对整体分析，根据牛顿第二定律求出恒力的最大值的比值．当作用在A物体上时，A、B未发生相对滑动，则说明的最大值（f为最大静摩擦力），此时对整体有，对B有，联立解得；当作用在B上时，两者未发生滑动，则说明B的加速度未大于A的最大加速度，而此时A的加速度是AB间的摩擦力提供，故即最大加速度为，故对整体有，联立解得，B正确．

9、答案：C试题分析：以整体为研究对象，分析受力情况，如图：考点：本题考查了整体法与隔离法的受力分析、力的合成与分解、牛顿第二定律．

10、答案：ACD湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学2018-2019学年高一上期末检测物理试题

【分析】外力施加的瞬间，对A、B整体的合外力就是力F，根据牛顿第二定律可得加速度大小；根据整体和隔离法，结合牛顿第二定律列式可求解当弹簧压缩量减小0.05m时，A、B间弹力大小；当两物体恰分离时，加速度相等且两物体之间的弹力为零；当B物体速度最大时，弹力等于重力.【详解】外力施加的瞬间，对A、B整体，根据牛顿第二定律可得加速度大小为，选项A正确；开始时弹簧的压缩量为；当弹簧压缩量减小0.05m时，此时的弹力；此时对AB整体：，解得a=6.25m/s2；对A：，解得FN=1.25N，选项B错误；A、B分离时，两物体间的弹力为零，加速度相等，则对AB整体：；对A：，解得，即此时弹簧的压缩量为0.3m，A物体的位移大小为0.1m，选项C正确；当AB分离时因弹力为，可知物体B继续向上加速，当加速度为零时速度最大，此时，解得，即B物体速度达到最大时，弹簧被压缩了0.2m，选项D正确；故选ACD.名师点评：本题考查了牛顿第二定律的应用，明确A与B分离的时刻，它们间的弹力为零这一临界条件；然后分别对AB整体和A或B物体受力分析，根据牛顿第二定律列方程。11、答案：D设物体A的质量为M，砂桶的质量为m0，物体与斜面间的最大静摩擦力为fm，斜面倾角为θ，由平衡条件可得物体A将要上滑时，有m0g＋m1g＝Mgsinθ＋fm；物体A将要下滑时，有m0g＋m2g＝Mgsinθ－fm，可得fm＝，D正确．不能求出其他的物理量，A、B、C错误．

12、答案：C突然剪断轻绳的瞬间，弹簧弹力不发生突变，对于B物块，F＝μm2g，所以瞬时加速度aB＝0，A物块瞬间合外力为μm1g＋F，所以μm1g＋F＝m1aA，即aA＝＝μg，故C正确。

13、答案：CD撤去力F前，设弹簧的弹力为T，则对P、Q整体应用牛顿第二定律，有T＝3ma，对M、P、Q整体由牛顿第二定律可知，N对M的摩擦力大小为f1＝4ma，撤去力F瞬间，弹簧的弹力不变，故P、Q的加速度均为a，方向不变，B错误，C正确；撤去力F瞬间，假设M、N相对静止，设M、N的加速度为a1，则对M、N整体有T＝3ma1，即a1＝a，方向改变，而此时M受到的摩擦力大小为f2＝2ma1＝2ma＜f1＝4ma，假设成立，故M、N相对静止，A错误，D正确．

14、答案：AB物体m静止不动，受重力、支持力和摩擦力处于平衡状态。根据平衡条件可得：支持力为：N=mgcosθ；摩擦力为：f=mgsinθ；由此可知θ稍微增大一些，N变小，f变大，故AB正确；物体m静止不动，受力平衡，所以斜面体对物体的作用力的合力始终与物体受到的重力大小相等，方向相反，保持不变，故C错误；对m和M整体进行受力分析：整体受重力和水平面的支持力，因为整体处于静止也就是平衡状态，所以地面对斜面的摩擦力始终为零，故D错误。所以AB正确，CD错误。

15、答案：BD

名师点评：此题考查了牛顿第二定律的应用；关键是灵活运用整体和隔离法列出方程进行比较讨论.16、答案：AC根据动滑轮的特点可知，相同时间内，A、B运动的路程之比为2:1，选项A正确；根据s=at2可知，物块A、B的加速度之比为2:1，选项B错误；设细绳的拉力为T，B的加速度为a，则对A：T=m？2a；对B:3mg-2T=3ma；解得a=g；T=mg；选项C正确；当B下落高度h时，速度为，选项D错误；故选AC.名师点评：此题是隔离法的应用问题；关键是先搞清两物体的位移关系即可知道加速度和速度关系了；知道动滑轮的特点.

17、答案：ACA、B、对整体分析，加速度为：，因为A、B接触前后总电量不变，则整体所受的电场力不变，加速度大小相等，即a1=a2，故A正确，B错误。C、D、隔离对B分析，A、B接触前，绳子的拉力为：，A、B接触后，对B有：F2+q′E-F库=Ma，则有：，由于A、B间的库仑斥力小于B受到的电场力，可知F1＞F2，故C正确，D错误。故选AC.名师点评：本题考查了牛顿第二定律的基本运用，知道A、B具有相同的加速度，掌握整体法和隔离法的灵活运用。

18、答案：CD【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】应用题；定性思想；图析法；方程法；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．【解答】解：A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2μmg，f3的最大值为μmg．故当0＜F≤μmg时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；C、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F′，加速度为a′，则对A，有F′﹣2μmg=2ma′，对A、B整体，有F′﹣μmg=3ma′，解得F′=3μmg，故当μmg＜F≤3μmg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F＞3μmg时，A相对于B滑动．C正确．B、当F=μmg＜2μmg＜3μmg，A、B相对静止，A静止，A的加速度为0，故B错误；D、对B来说，其所受合力的最大值Fm=2μmg﹣μmg=μmg，即B的加速度不会超过μg，D正确．故选：CD．本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．

19、答案：（1）5m/s22m/s2（2）14m（3）12m【市级联考】安徽省宿州市十三所重点中学2018-2019学年度第一学期期末质量检测高一物理试题

【分析】（1）由题意知，冲上木板后木块做匀减速直线运动，木板由静止做匀加速度直线运动，根据牛顿第二定律求解加速度；（2）木块恰好未从木板滑下，当木块运动到木板最右端时，两者速度相等；根据位移关系求解木板的长度；（3）木块木板达到共同速度后将一起作匀减速直线运动，结合运动公式求解木板在地面上运动的最大位移.【详解】（1）由题意知，冲上木板后木块做匀减速直线运动，初速度v0=14m/s，加速度大小木板由静止做匀加速度直线运动即解得（2）木块恰好未从木板滑下，当木块运动到木板最右端时，两者速度相等。设此过程所用时间为t即解得t=2s木块位移木板位移木板长度（3）木块木板达到共同速度后将一起作匀减速直线运动，分析得木板位移总位移20、答案：（1）4m/s2；2m/s2（2）1s（3）2N≤F≤10N重庆市第一中学校2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题

【分析】（1）对铅块、木板根据牛顿第二定律求解加速度大小；（2）从开始到滑落过程，铅块和木板的位移之差等于L，求解时间；（3）根据两种临界态：到右端恰好共速以及共速后不能从左侧滑下求解力F的范围；【详解】（1）铅块：解得a1=4m/s2；对木板：解得a2=2m/s2（2）从开始到滑落过程：解得t1=1s（3）到右端恰好共速：解得a′2=4m/s2木板：解得F≥2N；共速后不能从左侧滑下：，解得F≤10N，则F的范围：2N≤F≤10N名师点评：本题主要是考查牛顿第二定律的综合应用，对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。21、答案：（1）（2）0.25（3）福建师范大学附属中学2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题

【分析】（1）对B进行受力分析，由平衡知识求解水平拉力F的大小；（2）以A、B整体为研究对象，由平衡知识求解滑块A与水平杆MN之间的动摩擦因数；（3）以A、B整体为研究对象求解加速度；再以B为研究对象求解F′大小.【详解】（1）对B进行受力分析得F=mgtanθ1解得F=mg（2）以A、B整体为研究对象F=μ×3mg解得μ=0.25（3）以A、B整体为研究对象F′-μ×3mg=3ma以B为研究对象F′-mgtanθ2=ma解得F′=mg22、答案：(1)3m/s(2)安徽省皖西高中教育联盟2019届高三上学期期末教学质量检测理科综合物理试题

【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，根据速度位移公式求出木板碰挡板P前的瞬间速度；木块运动分几个过程：①共同向右减速到3m/s；②碰后向右减速到零再反向加速到与木板共速，③木块和木板共同向左减速至停下．【详解】（1）由题意可知，木板碰挡板前，木块和木板组成的系统保持相对静止向右匀减速运动，加速度为；设木板碰挡板时的速度为v，则有，其中，可求得；（2）木块运动分几个过程：过程1：共同向右减速到3m/s，加速度，位移，方向向右；过程2：碰后向右减速到零再反向加速到与木板共速，木块的加速度大小，木板的加速度大小；设二者达到共速所用时间为，共同速度为，可得，解得：，（方向向左），木块的位移为，方向向右；过程3：木块和木板共同向左减速至停下，加速度为，位移，方向向左；所以木块的最终坐标为23、答案：（1）m/s2（2）4N（3）0.6m江西省上高县第二中学2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题

【分析】（1）以A、B整体为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律列式即可求解加速度；

（2）以B为研究对象：设A对B的作用力为FAB，根据牛顿第二定律列式即可求解作用力．（3）撤去推力后，A做减速运动，根据牛顿第二定律求解加速度，结合运动公式求解撤去推力后1s内A在地面上滑行的距离。【详解】（1）以A、B整体为研究对象进行受力分析，有：

Fcosα-μ[（mA+mB）g+Fsinα]=（mA+mB）a

代入数值得：a=m/s2；

（2）以B为研究对象：设A对B的作用力为FAB，则FAB-μmBg=mBa

代入数值得：FAB=4N；（3）若3s后撤去推力，此时物体A的速度：v=at=2m/s物体A的加速度为滑行的时间为则撤去推力后1s内A在地面上滑行的距离等于0.6s内A在地面上滑行的距离，则。24、答案：（1）2m/s2；1m/s2（2）1m/s四川省眉山市高中2021届高一第一学期期末教学质量检测物理试题

【分析】（1）根据牛顿第二定律求解滑块刚滑上长木板时，滑块与长木板的加速度；（2）分析滑块和长木板的运动情况结合运动公式和牛顿第二定律求解长木板与平台相碰时，滑块的速度.【详解】（1）滑块滑上长木板后，滑块做匀减速运动，长木板做匀加速运动设滑块的加速度为a1，长木板的加速度为a2对滑块：解得a1=2m/s2对长木板：解得a2=1m/s2（2）设经过t1时间两者达到共同速度v1则有v1=v0-a1t1=a2t1解得，此段时间内滑块的位移为此段时间内长木板的位移为共速以后，两者将一起匀减速运动，设加速度为a3设经过t2时间长木板与平台相碰解得合理的时间为此时滑块速度为25、答案：(1)；(2)安徽师范大学附属中学2019届高三上学期元月测试理科综合试题（物理部分)

【分析】（1）先求解物体运动的最大加速度，结合运动公式求解c到地面的最短时间；（2）结合整体和隔离法列式求解物体e的质量.【详解】（1）a、d之间的静摩擦力是a、b、c三个物体加速运动的动力，其最大值为Fm=μmg，则运动的最大加速度为，又e到地面的距离h一定，加速度最大运动的时间最短，设最短时间为tm,，则h=atm2，解得（2）隔离abc可知最大加速度，对物体e有：Meg-F=Mea；对物体abcd整体有：F=4ma解