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文档简介
2022年河南省商丘市高考数学三模试卷(理科)
一、单选题(本大题共12小题,共60.0分)
1.已知非空集合M,N是全集[/的子集,MUCuN,则(CuM)CN=()
A.CyMB.CuNC.MD.N
2.已知z=l-右则£在复平面内对应的点位于()
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
04
3.已知a=log0.90.4,b=O.9,c=log40.9,贝ij()
A.b<c<aB.b<a<cC.c<b<aD.c<a<b
4.已知甲、乙、丙3名志愿者参加2022年杭州亚运会的3个比赛项目的服务工作,每
名志愿者只能参加1个比赛项目的服务工作,则乙、丙不在同一个比赛项目服务的
概率为()
c|D4
5.在正四面体48CD中,E为4B的中点,则直线CE与直线4。所成角的余弦值为()
A.3B.3C.在D.3
6432
6.已知(mx+y)(x+y)5的展开式中各项系数之和为-32,则该展开式中含/y3的项
的系数为()
A.-30B.-20C.-15
7.执行如图所示的程序框图,则输出S的值为()
A.146
B.156
C.169
D.176
8.已知定义在R上的奇函数/(%)在[0,+8)上的图象如图
所示,则不等式//(X)>2/(x)的解集为()
A.(-V2,0)U(V2,2)
B.(-00,-2)U(2,+oo)
C.(-00,-2)U(-V2,0)U(V2,2)
D.(-2.-V2)U(0,V2)U(2,+oo)
9.如图,在△ABC中,点。,E分别在边AB,BC上,且均为靠A
近B的四等分点,CD与4E交于点F,若乔=x^+y彳?,
则3%+y=()\
A.-1B£C
B-
7
D-
10.已知双曲线C:/l(a>0,b>0)经过点(一1,一1),且C的实轴长大于企,则
C的离心率的取值范围为()
A.(1,V2)B.(1,V3)C.(V2,+oo)D.(V3,+oo)
11.已知函数fQ)=3cos(3%+》(3>0),若&)=0,/(x)在G,第内有最小值,无
最大值,则®的最大值为()
A.19B.13C.10D.7
12.高斯是德国著名的数学家,近代数学奠基者之一,享有“数学王子”的称号.用他
的名字定义的函数称为高斯函数/(X)=[X],其中[X]表示不超过X的最大整数.已
知数列{an}满足的=2,a2=5,an+2+4an=5an+1,若bn=[log2an+1],Sn为数
歹U{『}的前兀项和,贝1JF2022]=()
°n°n+l
A.249B.499C.749D.999
二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)
(x—2y+2N0
13.已知x,y满足—y—3W0,则z=gx+[y的最大值为.
(x+2>0
14.写出同时满足下面两个性质的数列{a“}的一个通项公式即=.
①{%}是递增的等差数列;
②。2-。3+。4=L
15.已知体积为出兀的圆锥的侧面展开图为一个半圆,则该圆锥的外接球的表面积为
3
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16.已知产是抛物线C:y2=2px(p>0)的焦点,C的准线与x轴交于点2,过点A作曲线
C的一条切线4B,若切点B在第一象限内,。为C上第四象限内的一点,昱DF〃AB,
则幽=
人J|o/q------
三、解答题(本大题共7小题,共82.0分)
17.已知AABC的内角4B,C的对边分别为a,b,c,4=拳8$(>。)=2sin(A+C),
△ABC的面积为2vx
⑴求。,c的值;
(2)设。为BC上一点,月5。=旧,求sin^ADB.
18.大力开展体育运动,增强学生体质,是学校教育的重要目标之一.某校组织全校学
生进行立定跳远训练,为了解训练的效果,从该校男生中随机抽出100人进行立定
跳远达标测试,测试结果(单位:米)均在[1.65,2.85]内,整理数据得到如下频率分
布直方图.学校规定男生立定跳远2.05米及以上为达标,否则为不达标.
(1)若男生立定跳远的达标率低于60%,该校男生还需加强立定跳远训练.请你通
过计算,判断该校男学生是否还需加强立定跳远训练;
(2)为提高学生的达标率,该校决定加强训练,经过一段时间训练后,该校男生立
定跳远的距离f(单位:米)近似服从正态分布N(2.25Q2),且P(fS2.45)=0.8.再
从该校任选3名男生进行测试,X表示这3人中立定跳远达标的人数,求X的分布列
和数学期望E(X).
19.如图,三棱柱ABC-&81cl的底面为等边三角形,
侧面BCC/i为菱形,乙CBB、=120°,AC1=巡,
ABr=VlO.
(1)证明:AABiCi为直角三角形;
(2)求直线与平面ABiG所成角的正弦值.
20.在平面直角坐标系xOy中,已知4(一4,0),8(4,0),M是一个动点,C,。分别为线
段AM,BM的中点,且直线0C,。。的斜率之积是记M的轨迹为E.
4
(1)求E的方程;
(2)若过点尸(2,0)且不与x轴重合的直线与E交于P,Q两点,点P关于x轴的对称点为
与Q不重合),直线PiQ与%轴交于点G,求黑的值.
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21.已知函数/(%)=Q/-2e"(a£R),/'(%)为f(%)的导函数.
(1)讨论函数,(%)的单调性;
(2)当Q<1时,函数g(%)=/(%)+2s山》,证明:g(x)在x=0处取得极大值.
%="+6
22.在直角坐标系%0y中,直线/的参数方程为2(t为参数).以坐标原点为极点,
(y=-3-2
X轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为p2=7Tl■片.
(1)求直线/的普通方程和曲线c的直角坐标方程;
(2)若直线(与x轴、y轴的交点分别为4B两点,P为曲线C上的任意一点,求AABP
的面积的最小值.
已知函数f(x)=|x-2|-|x+1}|,不等式/(x)>m的解集为(一8,1].
(1)求实数m的值;
(2)若正实数a,b满足;+;=m,证明:VH+VF<^ad.
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答案和解析
1.【答案】D
【解析】解:由题意作Venn图如下,
故(CuM)nN=N,
故选:D.
作Uenn图,从而直接写出答案即可.
本题考查了集合的运算的应用,属于基础题.
2.【答案】A
【解析】解:Z=1—4=1+-=1+^7=1-1,
I3I-II
则W=1+i在复平面内对应的点(1,1)位于第一象限.
故选:A.
利用复数的四则运算法则、几何意义即可得出结论.
本题考查了复数的四则运算法则、几何意义,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.
3.【答案】C
【解析】解:•••a=log090.4>log090.9=1,
0<b=O.904<0.9°=1,
c=log40.9<log4l=0,
c<b<a,
故选:C.
利用对数函数和指数函数的性质求解.
本题考查对数函数和指数函数性质的运用,属于基础题.
4.【答案】C
【解析】解:甲、乙、丙3名志愿者参加2022年杭州亚运会的3个比赛项目的服务工作,
有33=27种安排方法;而乙、丙在同一个比赛项目服务,有32=9种安排方法,所以
乙、丙不在同一个比赛项目服务的概率为P=1-捺=|.
故选:C.
首先计算总的安排方法种数,再计算乙、丙在同一个比赛项目服务的安排方法种数,然
后用作差法可解决此题.
本题考查古典概型应用,考查数学运算能力及抽象能力,属于基础题.
5.【答案】A
【解析】解:如图,设正四面体4BC0的棱长为2,设BD的
中为F,连接EF,
E为4B的中点,••・。,且EF=\AD=1,
又EC=FC=痘,:SFEC=。即为所求,
在等腰三角形CEF中,cos。=沌=工=q,
ECV56
故选:A.
先将两异面直线平移成相交直线,再在三角形中求相交直线成的的角.
本题考查异面直线所成的角,考查了化归与转化思想,属基础题.
6.【答案】D
【解析】解:令%=y=l,则各项的系数和为(加+1>25=-32,解得?n=-2,
所以(—2x+y)(x+丫户的展开式中含%3y3的项的系数为一2底+鬣=-10,
故选:D.
令x=y=l,则各项系数和即可求出,由此建立方程可得m的值,再根据二项式定理求
出含一y3的系数即可求解.
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本题考查了二项式定理的应用,考查了学生的运算能力,属于基础题.
7.【答案】C
【解析】解:根据程序框图知,S=l,i=l<6;
执行第1次循环:i=l+2=3,S=1+23=9;3<6,
执行第2次循环:i=3+2=5,S=9+25=41;5<6,
执行第3次循环:i=5+2=7,S=41+27=169;7>6,
结束循环,输出S=169.
故选:C.
模拟程序框图的运行过程,即可得出程序运行后输出的S值.
本题考查了程序的运行与应用问题,是基础题.
8.【答案】C
【解析】解:由已知图象可得当0<x<2时,/(%)>0;当久>2时,/(X)<0;
由/'(%)为R上的奇函数,可得当一2<x<0时,/(x)<0;当%<—2时,/(%)>0.
由*2/(尤)>2/(%)BP/(x)(x2—2)>0,
等价为£工。或/(X)<0%<-2或0cx<2或|-2<x<0或x>2
.%2-2<0.x>&或x<-V2'1-V2<x<V2
解得x<-2或-或<x<0或/<x<2,
故选:C.
分别求得/Q)>0,/。)<0的解集,由分类讨论思想和二次不等式的解法,可得所求
解集.
本题考查函数的奇偶性的图象和性质,以及不等式的解法,考查转化思想和运算能力、
推理能力,属于基础题.
9.【答案】A
A
【解析】解:连结DE,
由题意知,警=霹=:
BAEC4
Di
B
所以DE//4C,贝嗤嚏/
,^iDFDE1
所rr以而=k=£
故而=-DC=-(AC--AB)=-AC-—AB,
554520
故丽=前+而=_1荏+g而—高南
=-^AB+^AC,
又;BF-xAB+yAC,
21
x=—,y=-,
5J5
故3%+y=-1,
故选:A.
连结DE,结合图形可得而=2而一高理而前=前+市=一:宿+:南从而求
x,y即可.
本题考查了平面向量的线性运算及数形结合的思想方法,属于中档题.
10.【答案】D
【解析】解:由题意可知,力-9=1,所以b2—a2=(12b2,
又/=c2—a2,所以c?—2a2—a2(c2—a2),
所以。2=守=手〉(立)2,解得e>Vl
c2-a2e2-l'2'
故选:D.
先将点(-L-l)点代入双曲线方程得到关于a,b的一个方程,然后再根据实轴长大于近
列出关于a,c的不等式即可得出答案.
本题主要考查双曲线的几何性质,双曲线离心率取值范围的求解等知识,属于中等题.
11.【答案】B
【解析】解一由题意可得打"<票—牌打号
9
结合
解得zO
-<3<(-
2-v
所以=k&Z,co=6fc4-1,kWZ,
3bZ
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所以3的最大值为13.
故选:B.
在©,芍)内有最小值,无最大值,则说明最小值点落在该区间内,最大值点未落在区间
内,由此构造关于3的不等式,再结合/©)=0求出3的最大值.
本题考查三角函数的性质,属于中档题.
12.【答案】A
4a
【解析】解:由即+2+n=5an+「得a“+2-an+1=4(an+1-an),
又。2-%=3,所以数列{an+i—an}是以3为首项,4为公比的等比数歹(J,
则an+i―即=3-4九-1,①
a
由即+2+^n=5即+1得,&i+2—4即+1=%i+i—4an,
又g-4%=-3,
所以数列{an+i—4an}是常数列,
则即+i—4an=。2-4al=-3,②
由①②联立可得Qn+i=4九+1,
因为4n<4n+1<2x4n,
nnn
所以Log24<log2(44-1)<log2ax4),
n
即:2nVlog2(4+1)V2几+1,
n
所以bn=[log2an+1]=[log2(4+1)]=2n,
,,10001000l1、
故-----=--------ncn/
人如如+i2n-2(n+l)=250(-%------n--+-1-7),
所以S2022=250[(1_4+(»》+…+岛-康)]=250(1-康),则[S2022]
249.
故选:A.
利用已知关系式构造两个新数列,求出an+i=4n+1,利用放缩技巧,可得到数列{%}
的通项公式,再利用裂项相消法求数列{普J}前n项和后,带入函数解析式即可得到答
DnDn+l
案.
本题考查了由递推式求通项公式,裂项相消求和以及放缩法的应用,属于中档题.
13.【答案】\
【解析】解:由约束条件作出可行域如图,
联立{3%-y-3=0解得联,|),
%—2y+2=O'
由z=Tx+[y,得y=-:x+3z,由图可知,当直线y=-gx+3z过4时,
直线在y轴上的截距最大,z有最大值为+=(
故答案为:
由约束条件作出可行域,化目标函数为直线方程的斜截式,数形结合得到最优解,把最
优解的坐标代入目标函数得答案.
本题考查简单的线性规划,考查数形结合思想,是基础题.
14.【答案】n-2
【解析】解:设等差数列{而}的公差为小由。2-。3+。4=1得,%+2d=1;
由①可知d>0,取d=l,则的=—1;
所以数列{an}的一个通项公式为每=-1+(n-1)=n-2.
故答案为:n—2(答案不唯一,满足d>0,。3=1即可).
设等差数列似九}的公差为d,由题意得出的与d的关系,由此写出满足条件的一个通项公
式即可.
本题考查了等差数列的通项公式与应用问题,是基础题.
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15.【答案】詈
【解析】解:设圆锥的底面半径为r,母线长为I,
由题意得2仃=nl,所以]=2r,
则圆锥的高为八=V/2—r2=V3r,
由V=-nr2h=-nr2-V3r=—7r,
333
解得丁=则I=2>/2,h=瓜,
设圆锥的外接球的半径为R,
由球的性质可知,R2=(/i-/?)2+r2,
_4
即R2=(乃一R)2+2,解得R=再,
所以该圆锥的外接球的表面积为S=4M?2=等.
故答案为:等.
先求得圆锥的外接球的半径,再去求该圆锥的外接球的表面积.
本题考查了圆锥的外接球的表面积的计算,属于中档题.
16.【答案】V2+1
【解析】解:由题意可知,4(一30),Fg,O).设切点B的坐标为(曲,%)。0>O,yo>。),
又、=/而,则y'=患,所以4B的方程为y—丁徜=底(x—x0),将4(一表0),
代入得,一四焉=低(栏一与),解得通=今则y0=P,即Bg,p).由DE〃4B,
当。在第四象限内时,设荏=m而:(m>0),。(右,一丫1)(%>0),
m(2m
又荏=(p,p),DF=(^~x1,y1),则k=2-”1)解得1-,,
lp=”,H
将点。代入c:y2=2px^m2-2m-1=0,解得m=加+1(负值舍去),
故照=迎+1.
故答案为:&+1.
J^(x-xo),依据4点坐标,
设切点B的坐标为(&,yo),表示出的方程y-J2px()=
可求得B的坐标,进而求得。的坐标,可求结论.
本题考查抛物线的几何性质,直线与抛物线的位置关系,属中档题.
17.【答案】解:(1)由条件与诱导公式可知,sinC=2sinB.
由正弦定理得,c=2b.
又AAB。的面积为2w,所以Tx2bxbx?=2V5,解得6=2(负值舍去),
所以c=2b=4,
故b=2,c=4.
(2)由余弦定理得,a2=4+16-2x2x4x(-}=28,解得a=2夕.
在△4BC中,由正弦定理得号=白,得誓=品,所以s讥8=叵.
sinAsinB—sina14
2
在△ABC中,由正弦定理得^=^而,所以sin440B=^=土
sinbsin"1"VH7
【解析】(1)由条件与诱导公式化简已知等式可得sinC=2sinB,由正弦定理得c=2b,
利用三角形的面积公式可求b的值,即可得解.
(2)由已知利用余弦定理可求a的值,在AABC中,由正弦定理可得sinB的值,在△4BD
中,由正弦定理即可求解sin^AOB的值.
本题考查了诱导公式,正弦定理,三角形的面积公式,余弦定理在解三角形中的应用,
考查了计算能力和转化思想,属于中档题.
18.【答案】解:(1)由频率分布直方图可知,男生立定跳远的达标率为0.2x(1.0+0.75+
0.50+0.25)=0.5,
因为50%<60%,所以该校男生还需加强立定跳远训练.
(2)因为f近似服从正态分布N(2.2542),且P&<2.45)=0.8,
所以P(f>2.05)=0.8,
由题意可知,X〜B(3,》,
P(X=0)=以00(1-$3=p(x=1)=废③】(1一=言,p(x=2)=
废(乎(1一i)i=黑,P(X=3)=旗阳1_$。=赛,
所以X的分布列为
X0123
1124864
P
125125125125
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则E(X)=3X^=y.
【解析】(1)根据频率分布直方图计算出男生立定跳远的达标率,与60%比较即可作出
判断.
(2)根据正态分布曲线的对称性可得P(f22.05)=0.8,所以X〜B(3,》,再利用二项分
布的概率公式和期望公式求解.
本题主要考查了频率分布直方图的应用,考查了正态分布曲线的对称性,以及二项分布
的概率公式,属于中档题.
又4clu平面AC;。,所以BC1AG,
又所以BiGlACi,所以AABiCi为直角三角形.
(2)解:由(1)及4cl=V6,力/=VTU可知,BiG=2,则
在ABCG中,CrD=V3.同理4。=旧,
22
又AC】=V6,所以Z仃=CjD4-AD,所以AD1CXD.
以。为原点,直线ZM,DB,DC1分别为x轴,y轴,z轴建立如图所示的空间直角坐标系
D-xyz,则4(8,0,0),B(0,1,0),G(0,0,®8式0,2,6),
所以”=(0,1,—遮),ACi=(-V3,0,V3).CTBT=(0,2,0),
设平面力BiG的一个法向量为记=(x,y,z),
由伫-色=0,B|j[-V3x+V3z=0,取x=i,得沆=(1,0,1),
设直线BQ与平面ABiG所成的角为仇
贝心加。=|cos(鼐洞|=尚器=,=也
故直线与平面4B1G所成角的正弦值为三.
4
【解析】(1)通过线面垂直的判定定理,性质即可证明;
(2)建系,将线面角转化为直线的方向向量与平面的法向所成角,再利用空间向量夹角
公式求解.
本题考查线线垂直,线面垂直的判定与性质,线面角,空间向量夹角公式,属中档题.
20.【答案】解:(1)山题意可知,直线OC,。。的斜率存在,且BM//OC.
由直线。C,℃的斜率之积是-河知,直线BM,4M的斜率之积是/
设则直线4M的斜率为土,直线BM的斜率为三,
所以言£=-:,整理得各哈=1”。),
故石的方程就+白1(产。)•
(2)由题设条件知,过点尸的直线的斜率存在且不为0,设其方程为%=my+2(mH0),
x=my+2,
立+竺=1整理得(3m2+4)y2+12my-36=0.
1612
设P(X1,%),Q(x2,y2)>则P1(X1,-%),%+为=一非息,y/2=一肃二•
直线PiQ的方程为:y+%_"Xi
yz+yi%2-%1
令y=。,wljx=^+X1=-^+myi+2=
+2=+2=8,
所以直线BQ与x轴的交点G的坐标恒为(8,0),
所以14Gl=4+8=12,|BG|=8-4=4,故黑=3.
【解析】(1)根据题意,设MQ,y),得到直线4M的斜率为£,直线BM的斜率为匕,
2
结合三••1=-=,即可求得E的方程;
X+4X-44
(2)设直线方程为x=my+2(mH0),联立方程组,设PQi,yi),Q(x2,y2)>得到外+
丫2=一悬,加为二一磊,求得直线BQ的方程,令y=o,求得x=8,得到直线
P1Q与%轴的交点G的坐标恒为(8,0),进而求得|/G|,|BG|的长,即可求解.
本题主要考查轨迹方程的求解,直线与圆锥曲线的位置关系,韦达定理及其应用等知识,
属于中等题.
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21.【答案】解:(1)因为/(%)=a%?-2e*(aWR),所以尸(%)=2a%-2e”,
设无⑺=f(x),则九'(%)=2a-2ex,
当Q40时,¥(%)<0,所以h(©在R上为减函数,即广㈤在R上为减函数.
当Q>0时,令"(%)=0,解得%=Ina,
当x£(-8,伍0)时,h!(x)>0,当%£(伍a,+8)时,h!(x)<0,
所以/i(x)在(-8/几a)上为增函数,在("a,+8)上为减函数.
即((x)在(-oo,Ind)上为增函数,在(Ina,+8)上为减函数.
2xx
(2)证明:g(x)=ax-2e4-2sinx9则g'(%)=2ax-2e+2cosx,
xx
设8(x)=2ax-2e+2cosx,则w'(x)=2a—2e—2sinxf
易知工£(-],])时,y=-2ex,y=-2sinx均为减函数,
所以“(乃在(一如今上为减函数.
(J)当中'(一])—2a—2e2+240,即Q<e-5—1时,则”(工)40,
所以9(%)在(冶《)上为减函数,
又@(0)=0,当久£(-],())时,</>(%)>0,当工€(0弓)时,(p(x)<0,
所以g(x)在(*,0)上单调递增,在(0弓)上单调递减,
所以函数9(%)在%=0处取得极大值.
②当初(一今=2a-2eV+2>0,即e后一1<QV1时,"(0)=2a—2<0,
又“(X)在(―上为减函数,
所以存在唯一的殉6(一^0),使得@'(Xo)=0,则xe(Xo《)时,”。)<0,
所以0。)在(%。,多上单调递减,
又“(0)=0,所以当%e(沏,0)时,0(x)>o,当xe(o,1)时,(p(x)<0,
所以g(x)在(x0,0)上单调递增,在(0《)上单调递减,
所以函数g(x)在%=0处取得极大值.
综上可知,当a<l时,函数g(x)在x=0处取得极大值.
【解析】(1)对函数f(x)求导,W//W=2ax-2ex,再对a分aS0、a>0两类讨论,
可得f(x)的单调性;
(2)求
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