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文档简介

单项选择题1.双环学习关注的是:回答:正确1.A方法2.B价值观3.C能力4.D效率2.要经过培训提升公司的竞争力,最重点最核心的是要提升每个职工的:回答:正确1.A学习效率2.B学习成绩3.C学习力4.D工作效率3.公司外面服务的提升需要公司职工的努力,这样才能:回答:正确1.A为职工创办价值,提升顾客满意度2.B为老板创办价值,提升职工满意度3.C为职工创办价值,提升老板满意度4.D为顾客创办价值,提升顾客满意度4.给公司中高层管理者做培训要坚持一其中心两个基本点。一其中心是:回答:正确1.A以人材培育为中心2.B以打造人材成长的平台为中心3.C以培育盈余能力为中心4.D以价值链为中心5.超一流的管理者是:回答:正确1.A带动型的2.B管控型的3.C顾问型的4.D教练指引型的6.解析职工时,对有些重申服务性和协调性的部门:回答:正确1.A需要人员进行现场操作来评判其差距要坚持2.B经过上司和任职者自己面谈来评判其差距要坚持3.C需要有关人员多方向评估来评判其差距要坚持4.D需要关系部门和服务对象来判断其差距7.年度培训规划要:回答:正确1.A以绩效目标的实现和职工的成长发展为中心2.B以绩效目标的管理和不停开发职工的潜能为中心3.C以公司内部服务质量和不停开发职工的潜能为中心4.D以绩效目标的管理和不停创办性的解决问题为中心8.在资源建设方面最重点的工作,就是要:回答:正确1.A让公司的各级管理者成为培训师2.B提升公司的生产效率3.C创新管理制度4.D形成符合公司自己发展的课程系统9.年度培训估算是公司依据培训目标拟定的估算。这类估算叫:回答:正确1.A成本估算2.B花费估算3.C收益估算4.D

人材投资估算10.培训的真实原由是:

回答:正确1.A指失事物最重点、最实质的原由2.B破除本来大脑中的固有观点和意识3.C要把公司打造成学习型组织,将成功经验持续下去4.D掌握事物发展的最根本的规律11.给公司中高层管理者做培训要坚持一其中心两个基本点,两个基本点是:回答:正确1.A公司内部服务质量和不停创办性发现问题2.B以目标绩效管理和不停创办性地解决问题3.C以目标绩效管理和不停创办性地解析问题4.D公司内部服务质量和不停创办性地解决问题12.关于职工一定精晓的知识,依据人员需求的共性点:回答:正确1.A由部门一致组织培训2.B由人员自行掌握认识即可3.C由个人业余自学掌握,如外语、考研等4.D由公司一致组织专项培训13.公司需求解析年度规划的一其中心是:回答:正确1.A以培训职工为中心2.B管理和职工选拔为中心3.C以绩效和职工的成长发展为中心4.D收益和职工的成长为发展中心14.培训需求解析实质上就是:回答:正确A找寻“压力点”2.B人材开发C找寻“增值点”D智力投资15.为了保证公司目标的实现,一定拟定有关的估算,这个估算是:回答:正确1.A成本花费估算2.B花费控制估算3.C投资的估算4.D收益的估算5.6.7.第七章基元化学反响动力学习题及答案N2O5在25℃时分解反响的半衰期为5.7h,且与N2O5的初始压力没关。试求此反响在25℃条件下达成90%所需时间。解:由题意知此反响为一级反响k0.69320.69320.1216h11t15.721)k1tln(y1tln(11)/k1ln(1)/0.121618.9hy190%即达成90%所需时间为18.9h。2.异丙烯醚气相异构化成丙烯酮的反响是一级反响,其反响速率系(常)数与温度的关系为:k/s-1=5.4×1011exp(-122474J·mol-1/RT),150℃下,反响开始时只有异丙烯醚,其压力为101325Pa,问多长时间后,丙烯酮的分压可达54kPa?解:k/S-1=5.4×1011exp[-122474/8.314×(150+273)]=4.055×10-4p0kt据题意:lnptln1013254.005104t10132554000t=1877S3.双分子反响2A(g)kB(g)+D(g),在623K、初始浓度为-3时,0.400moldm半衰期为105s,恳求出反响速率系数kA(g)反响掉90%所需时间为多少?若反响的活化能为140kJmol-1,573K时的最大反响速率为多少?解:(1)r=k[A]2,t0.503-1-1=1/(2k[A]),k=0.012dmmols(2)1/[A]–1/[A]0=2kt,t=945sln(k/k’)=(Ea/R)(1/T’-1/T),573K时k=0.00223dm3mol-1s-1,最大反响速率2-4-3-1rmax=k[A]0=3.6×10moldms.4.450℃时实验测定气相反响3A+B→2C的速率数据以下;实验初压/Pa初速率-dpB/dt/(Pa/h)PA,0PB,01.1001.000.01002.2001.000.04003.4000.500.0800(1)若反响的速率方程为AxBy,求x、y及k。r=kPP(2)求PA=150PaPB=0.75Pa时反响的速率。解:(1)把1、2两组数据分别代入速率方程XY并比较,得:ABr1/r2=(100/200)X即0.0100/0.0400=(100/200)Xxlg1/2=lg1/4因此x=2r/r2y2y=(200/400)·(1.00/0.50)=(1/2)·223即0.04/0.08=(1/2)2·2y因此y=1由于Xy2r=kpA·pB=kpApB因此2代入第一组数据:k=0.0100/1002×1k=r/pApB得k=1.00×10-6Pa-2·h-12×10-62=0.0169Ph-1ABa5.某反响物A的分解反响为2级反响,在300K时,分解20%需要12.6min,340K时,在相同初始浓度下分解达成20%需3.2min,求此反响的活化能。解:由公式

1/C-1/Co=k2t①比②得:

得:1/[k2t/k

(1-20%)Co]-1/Co=k2t1/(20%Co)-1/Co=k2t2t=1,即k2/k2=t/t

①②=3.2/12.6由于k2Ea11)lnk2'R(T'T因此EaRln(k2/k2')8.314ln(123.2.6)29057J.mol1(11)(11)T'T340300(7747)恒容气相反响A(g)→D(g)的速率常数k与温度T拥有以下关系式:ln(k/s-1)=24.00-9622TK1)确立此反响的级数;2)计算此反响的活化能;(3)欲使A(g)在10min内转变率达90%,则反响温度应控制在多少度?解:(1)题中所给k的单位为-1S,因此反响为一级反响。(a+C与ln(k/S-1)=24.00-9622/(T/K)比较较可得:2)lnk=-E/R·1/TEa/R=9622KEa=9622K·R=80.00KJ·mol-1(3)ln(1)k1t1yk1ln(1)/tln(1)/100.2303S11y190%由ln(k/s-1)=24.00-9622/(T/K)得:0.2303=24.00-9622/(T/K)T=404.8Kp305解:(1)2NH3==N2+3H2,四分子反响是不存在的,故逆向不是基元反响,根据微观可逆性原理,说明正向也不是基元反响。

(2)N2O5==2NO2

+1/2O2,反响分子数没有分数,故逆向不是基元反响,依据微观可逆性原理,正向也不是基元反响。(3)2H+2O==H2O2,四分子反响是不存在的,故正向不是基元反响,依据微观可逆性原理,说明逆向也不是基元反响。(4)2HI==H,理论和实践均证2+I2实该反响不是基元反响。4解:kp=1.8×104(kPa·min)-1,说明是二级反响,-dc/dt=kcc2,-dp/dt=kpp2,p=cRT,则kc=kpRT=1.8×104×8.314×500=7.48×107mol-1·dm3·min-1p3162解:2A(g)+B(g)—→E(g),三分子反响,r=kcA2cBr1/2/r0=k(1/2cA,0)2(1/2cB,0)/(k(cA,0)2(cB,0))=1:83解:A—→B+C,总压t=0p0,Ap0,Bp0,Bp0=p0,A+2p0,Bt=tpt,Ap0,A-pt,A+p0,Bp0,A-pt,A+p0,Bpt=2p0,A+2p0,B-pt,At=∞0p+pp+pp+2p0,A0,B0,A0,B∞=2p0,A0,B由总压关系知:p∞-p00,A,p∞-ptt,A=p=p则:lnp0,Alnpp0ktpt,Appt解:一级反响:t1/2=ln2/k,t3/4=ln(1/(1-3/4))/k=ln4/k=2ln2/k=2t1/2,t3/4/t1/2=2。t0.99=ln(1/(1-0.99))/k=ln100/k=2ln10/k,t0.99/t1/2=2ln10/ln2=6.645二级反响:t1/2=1/kc0,t3/4=(1/(1/4c0)-1/c0)/k=3/kc0,t3/4/t1/2=3。t0.99=(1/(0.01c0)-1/c0)/k=99//kc0,t0.99/t1/2=(99//kc0)/(1/kc0)=99解:A→P,t1/2=ln2/k=69.3s,k=0.01s-1,ln(1/(1-0.8))=kt,t=ln5/0.01=160.94s解:t7/8/t1/2=3,是一级反响:t7/8=(1/(1-7/8))/k=ln8/k=3ln2/k=3t1/2。解:(NO2)CH2COOH(l)→CH3NO2(l)+CO2(g)t=0t=t0c00t=tcVttt=∞0V∞∞,c∝∞-Vc0∝VtVtc0lnVVlnVlnVVtk(tt0),lnk(t2t1)ctVVt,2VVt,1VVt,1k(t2t1),1VVt,1lnklnVVt,2t2t1VVt,2t/min2.283.925.928.4211.9217.47∞V/cm34.098.0512.0216.0120.0224.0228.94k/min-10.1060.1050.1080.1060.107平均:k=0.1064min-18解:lnk2Ea(T2T1),ln9.86104Ea(308298),Ea=86.11kJmol-1k1RT2T13.191048.314308298k=Aexp(-Ea/RT),9.86×10-4=Aexp(-86110/(8.314×308)),A=3.96×1011s-13.19×10-4=Aexp(-86110/(8.314×298)),A=3.96×1011s-1,A=3.96×1011s-1解:t1/2=ln2/k1,k1=0.693/600=1.155×10-3min-1ln(1/0.25)=k2×30,k2=0.0462min-1lnk2Ea11,ln0.046225060011,T2=1235Kk1RT1T21.1551038.3141073T2p322页证明:ZAA=1/2π(rA+rA)2(8kT/πμ)1/2NA2,μ=mA2/2mA=mA/2ZAA=8rA2(πkT/mA)1/2NA23解:(1)q=exp[-Ec/(RT)],q=exp[-100000/(8.314×400)],q=8.73×10-14q=exp[-120000/(8.314×400)],q=2.13×10-16(2)q2/q1=exp[Ec/(RT)]=exp[10000/(8.314×400)]=20.23(3)q2/q1=exp[-100000/(8.314×1000)]/exp[-100000/(8.314×400)]=6.84×107p329页3证明:k=kTKc,lnk=lnkT+lnKc≠,hhlnkEa1lnKcRTrUm,Ea+RTTRT2=TTRT2RT2=rUm双分子气相反响:rHm=rUm+(1-2)RT,rUm=rHm+RTEa=rUm+RT=rHm+2RTTkTexprSmexprHma4证明:关于气相反响A→B:k=hRRT,E=rHm+RT,阿仑尼乌斯公式:TEa,比较:A=ekTexprSmk=AexpRThR(第七章)基元反响动力学练习题7-2500K时气相基元反响A+B=C,当A和B的初始浓度皆为0.20moldm-3时,初始速率为5.0×10-2moldm-3s-1求反响的速率系数k;当反响物A、B的初始分压均为50kPa(开始无C),系统总压为75kPa时所需时间为多少?解:(1)r0003-1-1=k[A][B],k=1.25dmmols(2)p(A)=p(B),r=kp(A)2,p=2p(A)-p(A),p(A)=p(A)/2,k=k/(RT),00p00pt1/2=1/[kp(A)]=66sp07-3已知在540―727K之间和定容条件下,双分子反响CO(g)+NO2(g)→2(g)+NO(g)的速率系数k表示为k/(mol-13-1)=1.210aCOdms×10exp[Ea-1。若在600K时,CO和NO2的初始压力分别为667和/(RT)],E=-132kJmol933Pa,试计算:该反响在600K时的k值;(2)反响进行10h此后,NO的分压为若干。解:(1)T=600K时的k=0.0386dm3mol-1s-1值kp=k/(RT)=7.75×10-9Pas-1,NO的分压为p;ln{[p0,B(p0,A-p)]/[p0,A(p0,B-p)]}/(p0,A-p0,B)=kt;p=142Pa7-4N2O(g)的热分解反响为2N2O(g)k22N2(g)O2(g),从实验测出不同样温度时各个初步压力与半衰期值以下:T/K96796710301030p/kPa156.78739.1977.06647.996ot1/2/s38015201440212求反响级数和两种温度下的速率系数kp和kc。(2)求活化能Ea。(3)若1030K时N2O(g)的初始压力为54.00kPa,求压力达到64.00kPa时所需时间。解:(1)r=kpp2,t1/2p0),kpc=1/(2kp=k/(RT);967K时;kp=0.84-5-1-1,3-1-1×10kPaskc=0.068dmmols-5-1-13-1-11030K时;kp=4.92×10kPas,kc=0.42dmmols-1(2)活化能Ea=240.6kJmol(3)p0=,54.00kPa1/p-1/p0=2kpt;t=111s7-5硝基异丙烷在水溶液中与碱的中和反响是二级反响,其速率系数可用下式表示lg(k316311.89-13)moldmmin1T(1)计算反响的活化能(2)在283K时,若硝基异丙烷与碱的浓度均为8.0×10-3mol.dm-3,求反响的半衰期。解:(1)Ea/(2.303R)=3163K,Ea=60.56kJ.mol-1,(2)k=5.17mol-1.dm3min-1,t0.5=1/(kc0)=24min7-6某溶液含有NaOH和CH3COOC2H5,浓度均为1.00×10-2mol.dm-3,298K时反响经过10min有39%的CH3COOC2H5分解,而在308K时,10分钟有55%分解,计算:(1)该反响的活化能。(2)288K时,10分钟能分解多少?(3)293K时,如有50%的CH3COOC2H5分解需时多少?解:(1)1/[A]-1/[A]0-13-1,k(308K)=12.22mol-13=kt,k(298K)=6.39mol.dmmin.dmmin-1Ea=Rln(k1/k2)(1/T2-1/T1-1(2)288K时,k=3.2mol-1.dm3min-1,t=10min{[A]0-[A]}/0(3)293K时,k=4.55mol-13min-1,t0.5k[A]0[A]=24.2%.dm=1/()=22min7-7两个二级反响1和2拥有完整相同的频次因子,反响1的活化能比反响2的活化能超出-1;在373K时,若反响1的反响物初始浓度为-3,10.46kJmol0.1moldm经过60min后反响1已达成了30%,试问在相同温度下反响2的反响物初始浓度为0.05moldm-3时,要使反响2达成70%需要多长时间(单位min)?解:1/[A]-1/[A]0=kt,反响1:k1=7.14×10-2mol-1.dm3min-1,ln(k1/k2)=-10.4610×3/(RT),k2=2.08mol-1.dm3min-1.反响2:t=22.4min7-8氧化乙烯的热分解是单分子反响,在651K时,分解50%所需时间为363min,活化能Ea-1试问如要在120min内分解温度应控制在多少=217.6kJmol,75%,K?解:651K时:k10.5-1.温度T:0.52-1=ln2/t=0.00191mint=60min,k=0.01155min,T=682K7-9请计算在298K恒容下,温度每增添10KEa=kJmol-1碰撞频次增添的百分数;(2)有效碰撞分数增添的百分数,由此可得出什么结论?-1(Ea=56

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