广东省广州市广雅中学2021年高三物理月考试卷含解析

广东省广州市广雅中学2021年高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.光在某种玻璃中的传播速度是×108m/s，要使光由玻璃射入空气时折射光线与反射光线成直角，则入射角应是A．30°

B．60°

C．45°

D．90°高参考答案：A2.关于物理学思想方法，下列叙述不正确的是（）A．演示微小形变时，运用了放大法B．将带电体看成点电荷，运用了理想模型法C．将很短时间内的平均速度看成瞬时速度，运用了等效替代法D．探究弹性势能表达式用F﹣l图象下梯形的面积代表功，运用了微元法参考答案：C【考点】物理学史．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】明确物理学中的相应的物理方法，如：放大法、理想模型、等效替代、微元、比较、实验推理等，要理解相应方法的应用．【解答】解：A、演示微小形变时，为了便于观察，运用了放大法，故A正确；B、将带电体看成点电荷，运用了理想模型法，故B正确；C、△t→0时的平均速度可看成瞬时速度，采用的是极限分析方法，故C错误；D、探究弹性势能表达式用F﹣l图象下梯形的面积代表功，运用了微元法，故D正确．本题选错误的，故选：C．3.关于静摩擦力，下列说法正确的是：两个相对静止的物体之间一定有静摩擦力的作用。、静摩擦力一定是阻力受静摩擦力作用的物体一定是静止的在压力一定的条件下，静摩擦力的大小可以变化的，但有一定限度。参考答案：D4.（多选）下列说法中正确的是（）A．伽利略最早指出“力不是维持物体运动的原因”B．如果不再受力，运动的物体总会逐渐停下来，这说明静止状态是物体长时间不受力时唯一的“自然状态”C．牛顿的三个定律都可以用实验法加以直接验证D．物体维持匀速直线运动，不需要受力参考答案：解：A、伽利略通过理想斜面实验，指出物体的运动不需要力来维持，即力不是维持物体运动的原因，故A正确．B、没有力作用在物体上，物体也可能做匀速直线运动．故B错误C、牛顿第一定律反映的是物体不受力时的规律，是逻辑思维的产物，不能通过实验直接得以验证的，而牛顿第二定律、牛顿第三定律均是实验定律，可以通过实验直接验证，故C错误．D、根据牛顿第一定律知物体维持匀速直线运动，不需要受力，故D正确．故选：AD．5.（多选题）如图甲所示，在升降机的顶部安装了一个能够显示拉力大小的传感器，传感器下方挂上一轻质弹簧，弹簧下端挂一质量为m的小球，若升降机在匀速运行过程中突然停止，并以此时为零时刻，在后面一段时间内传感器显示弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，g为重力加速度，则（）A．升降机停止前在向上运动B．0﹣tl时间内小球处于失重状态，t1﹣t2时间内小球处于超重状态C．tl﹣t3时间内小球向下运动，速度先增大后减小D．t3﹣t4时间内小球向下运动，速度一直增大参考答案：AC【考点】牛顿运动定律的应用﹣超重和失重．【分析】根据弹力的变化，结合惯性的知识判断升降机停止前向哪个方向运动，对小球受力，通过加速度的方向确定超重还是失重；根据加速度的方向与速度方向的关系确定小球的速度变化，从而得出小球动能的变化．【解答】解：A、从0时刻开始，弹簧弹力减小，知小球向上运动，可知升降机停止前向上运动．故A正确．B、O﹣tl时间内，重力大于弹力，加速度向下，处于失重状态，t1﹣t2时间内，重力大于弹力，加速度向下，也处于失重状态．故B错误．C、O﹣tl时间内，小球向上运动，t1﹣t3时间内，小球向下运动，加速度先向下后向上，则速度先增大后减小，所以动能先增大后减小．故C正确．D、t3时刻处于最低点，t3﹣t4时间内，小球向上运动，动能增加内弹簧弹性势能变化量大于小球动能变化量．故D错误．故选：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.B．若两颗人造地球卫星的周期之比为T1∶T2＝2∶1，则它们的轨道半径之比R1∶R2＝＿＿＿＿，向心加速度之比a1∶a2＝＿＿＿＿。参考答案：∶1

1∶2由开普勒定律，R1∶R2＝∶＝∶1.由牛顿第二定律，G=ma，向心加速度之比a1∶a2＝R22∶R12＝1∶2。7.下图为接在50Hz低压交流电源上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的是每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出。由图数据可求得：（1）该物体的加速度为

m/s2，.com（2）第3个记数点与第2个记数点的距离约为

cm，（3）打第2个计数点时该物体的速度为

m/s。参考答案：(1)0.74(2)4.36(3)0.399（1）设1、2间的位移为x1，2、3间的位移为x2，3、4间的位移为x3，4、5间的位移为x4；因为周期为T=0.02s，且每打5个点取一个记数点，所以每两个点之间的时间间隔T=0.1s；由匀变速直线运动的推论xm-xn=(m-n)at2得：

x4-x1=3at2带入数据得：

（5.84-3.62）×10-2=a×0.12

解得：a=0.74m/s2．

（2）第3个记数点与第2个记数点的距离即为x2，由匀变速直线运动的推论：x2-x1=at2得：

x2=x1+at2带入数据得：

x2=3.62×10-2+0.74×0.12=0.0436m

即为：4.36cm．

（3）由中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度可知=0.399m/s.8.做平抛运动的物体可以分解成水平方向上的

运动和竖直方向上的

运动．物体在水平方向上的速度为

，竖直方向上的速度为

．参考答案：匀速直线，自由落体，v0，gt．【考点】平抛运动．【分析】根据平抛运动水平方向和竖直方向上的受力情况判断物体的运动规律，再由分速度公式求解．【解答】解：平抛运动在水平方向上不受力，有初速度，根据牛顿第一定律知，物体在水平方向上做匀速直线运动．竖直方向上，物体仅受重力，初速度为零，所以竖直方向上做自由落体运动．物体在水平方向上的速度为vx=v0，竖直方向上的速度为vy=gt故答案为：匀速直线，自由落体，v0，gt．9.如图所示，一物体m在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止从底端沿光滑的斜面向上做匀加速直线运动，经时间t力F做功为60J，此后撤去力F，物体又经过时间t回到出发点，若以地面为零势能面，物体回到出发点的动能为

▲

；撤去力F时物体的重力势能为

▲

。]参考答案：60J

45J

试题分析：物体沿光滑斜面向上运动一直到回到出发点的过程，只有恒力F做功，根据动能定理，回到出发点的动能。设力F撤去时速度大小为，返回地面后速度大小为，力F撤去前为匀变速直线运动，撤去后仍是匀变速直线运动，则有位移，整理得，即力F撤去时物体动能为，根据动能定理，在力F撤去前，，所以撤去力F时物体的重力势能为。

考点：动能定理

匀变速直线运动10.（4分）如图所示，质量为m的人站在自动扶梯上，扶梯正以加速度a向上匀加速运动，a与水平方向的夹角为θ，则人所受的支持力大小为

，摩擦力大小为

。

参考答案：

mg＋masinθ

macosθ11.（选修3—3）如图一活塞与汽缸密封了一定质量的气体，活塞与汽缸之间摩擦不计，可在汽缸中自有移动，汽缸固定在地面上不动。现通过一热源对汽缸加热，某同学测出气体吸收的热量为2.0×106J，算出活塞移动对外做功为2.5×106J，则气体内能______（选填“增加”或“减少”）______J,该同学测算出的数据有何问题？____________________________参考答案：答案：减少、5×10-4、违反热力学第二定律12.（4分）如图所示为龙门吊车的示意图，质量为2t的均匀水平横梁，架在相距8m的A、B两面竖直墙上，一质量为3.2t的吊车停在横梁上距A墙3m处。不计墙的厚度和吊车的大小，则当吊车下端未悬吊重物时，A墙承受的压力等于______N；若吊车将一质量为1.6t的重物P向上吊起，P到横梁的距离以d=H–2.5t2（SI）（SI表示国际单位制，式中H为横梁离地面的高度）规律变化时，A墙承受的压力等于______N。（g取10m/s2）参考答案：

答案：3×104N、4.5×104N13.如图为声波干涉演示仪的原理图，O形玻璃管粗细均匀，分为A和B两部分，两侧各有一小孔，声波从左侧小孔传入管内，被分成两列频率_____________的波。当声波分别通过A、B传播到右侧小孔时，若两列波传播的路程相差半个波长，则此处声波的振幅_____

_____；若传播的路程相差一个波长，则此处声波的振幅________________。[参考答案：三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.某种半导体元件，电路符号为“

”，其特点是具有单向导电性，即电流从正极流入时电阻比较小，从负极流入时电阻比较大．（1）某实验兴趣小组要测绘该种半导体元件的伏安特性曲线．因该半导体元件外壳所印的标识模糊，为判断正负极，用多用电表电阻挡（黑表笔连接电表内部电源的正极，红表笔连接电表内部电源的负极）测定其正反向电阻．将选择开关旋至合适倍率，调整欧姆零点后，将黑表笔接触二极管的左端、红表笔接触右端时，指针偏角比较小；再将红、黑表笔位置对调时，指针偏角比较大，由此判断

端为该半导体元件的正极．（选填“左”、“右”）（2）如图是厂家提供的伏安特性曲线。该小组只对加正向电压时的伏安特性曲线进行了测绘，以验证与厂家提供的数据是否吻合，可选用的器材有：A．直流电源，电动势3V，内阻忽略不计；B．0～20Ω的滑动变阻器一只；C．量程5V、内阻约50kΩ的电压表一只；D．量程3V、内阻约20kΩ的电压表一只；E．量程0.6A、内阻约0.5Ω的电流表一只；F．量程50mA、内阻约5Ω的电流表一只；G．待测二极管一只；H．导线、电键等．为了提高测量结果的准确度，电压表应选用______，电流表应选用_____．（填序号字母）（3）为了达到测量目的，请在虚线框中画出正确的实验电路原理图．（4）该小组通过实验采集数据后描绘出了该半导体元件的伏安特性曲线，通过对比，与厂家提供的曲线基本吻合．如果将该半导体元件与一阻值R=50Ω的电阻串联，再接至电动势E=1.5V、内阻不计的电源上，该半导体元件处于正向导通状态．则此时该半导体元件的电功率为

W．参考答案：（1）右；

（2）D

F；（3）分压式、外接法；（4）8.8×10-3W〔在（8.0～9.5）×10-3W均正确〕15.①.用游标卡尺测量某钢管的外径，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图1所示，其读数为

cm。②.如图2所示，螺旋测微器测出的某物件的宽度是___

_____mm。参考答案：5.44

cm

5.694~5.698mm四、计算题：本题共3小题，共计47分16.有一导热气缸，缸内有一定质量的密封活塞，气缸内密封一部分稀薄气体，如图气缸水平放置时，活塞距离气缸底部的距离为L，现将气缸竖立起来，活塞缓慢下降，稳定后，活塞距离气缸底部的距离为，若气缸活塞的横截面积为S，大气压强为p0．（1）求活塞的质量；（2）当气缸竖起，活塞缓慢下降过程中，判断气缸内气体是吸热还是放热，并简述原因．参考答案：（1）

（2）见解析（1）由玻意耳定律得，解得：（2）根据热力学第一定律，活塞下降过程中，外界对气体做功，而气体内能不变，所以气体向外放热。17.如图所示，半径为r＝20cm的两圆柱体A和B，靠电动机带动按相同方向均以角速度ω＝8rad/s转动，两圆柱体的转动轴互相平行且在同一平面内，转动方向已在图中标出，质量均匀的木棒水平放置其上，重心在刚开始运动时恰在B的正上方，棒和圆柱间动摩擦因数μ＝0.16，两圆柱体中心间的距离s＝1.6m，棒长l>2m，重力加速度取10m/s2，求从棒开始运动到重心恰在A正上方需多长时间？参考答案：18.有一绝缘的、半径为R的光滑圆轨道固定在竖直平面内，在其圆心处固定一带正电的点电荷，现有一质量为m，也带正电（其电量远小于圆心处的电荷，对圆心处电荷产生的电场影响很小，可忽略）的小球A，圆心处电荷对小球A的库仑力大小为F。开始小球A处在圆轨道内侧的最低处，如图所示。现给小球A一个足够大的水平初速度，小球A能在竖直圆轨道里做完整的圆周运动。（1）小球A运动到何处时其速度最小？为什么？（2）要使小球A在运动中始终不脱离圆轨道而做完整的圆周运动，小球A在圆轨道的最低处的初速度应满足什么条件？参考答案：1、运动到轨道最高点时速度最小----2分在圆心处电荷产生的电场中，圆轨道恰好在它的一个等势面上，小球在圆轨道上运动时，库仑力不做功，当小球运动到圆轨道最高处时，其重力对它做的负功最多，此时速度最小。------------2分2、在最低点，小球受到的电场力F与重力mg方向相同，小球不会脱离轨道。在最高点，小球受到的电场力F与重力mg方向相反，当时，在最高点小