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学业分层测评(四)(建议用时:45分钟)学业达标]一、选择题1.下列不等式恒成立的是()A.x+eq\f(1,x)≥2 B.sinx+eq\f(1,sinx)≥2\f(a,b)+eq\f(b,a)≥2 D.ex+eq\f(1,ex)≥2【解析】根据eq\f(a+b,2)≥eq\r(ab)知,条件需a>0,b>0.∴A,B,C均不成立,D中,∵ex>0,∴成立.【答案】D2.a,b为非零实数,那么不等式恒成立的是()A.|a+b|>|a-b| B.eq\f(a+b,2)≥eq\r(ab)\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a+b,2)))eq\s\up21(2)≥ab D.eq\f(b,a)+eq\f(a,b)≥2【解析】a,b为非零实数时,A,B,D均不一定成立.而eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a+b,2)))eq\s\up21(2)-ab=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a-b,2)))eq\s\up21(2)≥0恒成立.【答案】C3.设a>0,b>0,且a+b≤4,则有()\f(1,ab)≥eq\f(1,2) B.eq\f(1,a)+eq\f(1,b)≥1\r(ab)≥2 D.eq\f(1,a2+b2)≤eq\f(1,4)【解析】4≥a+b≥2eq\r(ab),∴eq\r(ab)≤2.∴eq\f(1,\r(ab))≥eq\f(1,2),eq\f(1,a)+eq\f(1,b)≥2·eq\f(1,\r(ab))≥1.【答案】B4.设0<a<b,a+b=1,则下列不等式正确的是()A.2<2ab<eq\r(a2+b2)<a2+b2B.2ab<b<a2+b2<eq\r(a2+b2)C.2ab<a2+b2<b<eq\r(a2+b2)D.2ab<a2+b2<eq\r(a2+b2)<b【解析】∵0<a<b,且a+b=1,∴0<a<b<1,∴a2+b2>2ab,b>a2+b2,且eq\r(a2+b2)>b.故2ab<a2+b2<b<eq\r(a2+b2).【答案】C5.小王从甲地到乙地往返的时速分别为a和b(a<b),其全程的平均时速为v,则()A.a<v<eq\r(ab) B.v=eq\r(ab)\r(ab)<v<eq\f(a+b,2) D.v=eq\f(a+b,2)【解析】设甲、乙两地之间的距离为s.∵a<b,∴v=eq\f(2s,\f(s,a)+\f(s,b))=eq\f(2sab,a+bs)=eq\f(2ab,a+b)<eq\f(2ab,2\r(ab))=eq\r(ab).又v-a=eq\f(2ab,a+b)-a=eq\f(ab-a2,a+b)>eq\f(a2-a2,a+b)=0,∴v>a.【答案】A二、填空题6.已知a,b都是正数,则eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a,b)+\f(b,c)+\f(c,a)))eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(b,a)+\f(c,b)+\f(a,c)))≥________.【解析】∵a,b都是正数,∴eq\f(a,b)+eq\f(b,c)+eq\f(c,a)≥3,且eq\f(b,a)+eq\f(c,b)+eq\f(a,c)≥3.∴eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a,b)+\f(b,c)+\f(c,a)))eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(b,a)+\f(c,b)+\f(a,c)))≥9.【答案】97.设A=eq\f(1,2a)+eq\f(1,2b),B=eq\f(2,a+b)(a>0,b>0且a≠b),则A,B的大小关系是________.【导学号:94910012】【解析】法一(比较法):A-B=eq\f(a-b2,2aba+b)>0(a>0,b>0且a≠b),则A>B.法二:A>eq\f(1,\r(ab)),B<eq\f(1,\r(ab)),故A>B.【答案】A>B8.已知不相等的三个正数a,b,c且abc=1,则a3+b3+c3与3的大小关系是________.【解析】∵a,b,c是不相等的三个正数,且abc=1,∴a3+b3+c3>3eq\r(3,a3b3c3)=3.【答案】a3+b3+c3>3三、解答题9.设a>0,b>0,a+b=1,求证:eq\f(1,a)+eq\f(1,b)+eq\f(1,ab)≥8.【证明】∵a>0,b>0,a+b=1,∴2eq\r(ab)≤a+b.因此eq\r(ab)≤eq\f(1,2),eq\f(1,ab)≥4.则eq\f(1,a)+eq\f(1,b)+eq\f(1,ab)=(a+b)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a)+\f(1,b)))+eq\f(1,ab)≥2eq\r(ab)·2eq\r(\f(1,ab))+4=8.10.已知a,b,c大于0,求证:(a+b+c)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a+b)+\f(1,b+c)+\f(1,a+c)))≥eq\f(9,2).【证明】∵a,b,c大于0,∴(a+b)+(b+c)+(c+a)≥3eq\r(3,a+bb+cc+a)>0,eq\f(1,a+b)+eq\f(1,b+c)+eq\f(1,a+c)≥3eq\r(3,\f(1,a+b)·\f(1,b+c)·\f(1,a+c))>0,∴(a+b+c)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a+b)+\f(1,b+c)+\f(1,a+c)))≥eq\f(9,2).当且仅当a=b=c时,等号成立.能力提升]1.设a,b,c为正数,则“abc=1”是“eq\f(1,\r(a))+eq\f(1,\r(b))+eq\f(1,\r(c))≤a+b+c”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要的条件【解析】当a=b=c=2时,有eq\f(1,\r(a))+eq\f(1,\r(b))+eq\f(1,\r(c))≤a+b+c,但abc≠1,所以必要性不成立;当abc=1时,eq\f(1,\r(a))+eq\f(1,\r(b))+eq\f(1,\r(c))=eq\f(\r(bc)+\r(ac)+\r(ab),\r(abc))=eq\r(bc)+eq\r(ac)+eq\r(ab),a+b+c=eq\f(a+b+b+c+a+c,2)≥eq\r(ab)+eq\r(bc)+eq\r(ac),所以充分性成立,故“abc=1”是“eq\f(1,\r(a))+eq\f(1,\r(b))+eq\f(1,\r(c))≤a+b+c”的充分不必要条件.【答案】A2.当a,b为两个不相等的正实数时,下列各式中最小的是()\f(a+b,2) B.eq\r(ab)C.eq\r(\f(a2+b2,2)) D.eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a-1+b-1,2)))eq\s\up21(-1)【解析】由eq\f(a+b,2)≥eq\r(ab)及a2+b2≥2ab,且a≠b,∴eq\r(\f(a2+b2,2))≥eq\r(\f(2ab,2))=eq\r(ab),∴A,B,C中,eq\r(ab)最小.而eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a-1+b-1,2)))eq\s\up21(-1)=eq\f(2ab,a+b).∵a≠b时,a+b>2eq\r(ab)>0,∴(a+b)eq\r(ab)>2ab>0,eq\f(2ab,a+b)<eq\r(ab).综上可知,eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a-1+b-1,2)))eq\s\up21(-1)最小,应选D.【答案】D3.若a>0,b>0,a+b=2,则下列不等式对一切满足条件的a,b恒成立的是________(写出所有正确命题的编号).①ab≤1;②eq\r(a)+eq\r(b)≤eq\r(2);③a2+b2≥2;④a3+b3≥3;⑤eq\f(1,a)+eq\f(1,b)≥2.【解析】利用特殊值a=b=1排除②④.由平均值不等式ab≤eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a+b,2)))eq\s\up21(2)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2,2)))eq\s\up21(2)=1,∴①正确.由a2+b2=a2+(2-a)2=2a2-4a+4=2(a-1)2+1]≥2,∴③正确.由eq\f(1,a)+eq\f(1,b)=eq\f(1,2)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a)+\f(1,b)))(a+b)=eq\f(1,2)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2+\f(b,a)+\f(a,b)))≥eq\f(1,2)(2+2)=2,∴⑤正确.【答案】①③⑤4.设正数a,b,c满足a+b+c=1,求eq\f(1,3a+2)+eq\f(1,3b+2)+eq\f(1,3c+2)的最小值.【解】因为a,b,c均为正数,且a+b+c=1,所以(3a+2)+(3b+2)+(3c+2)=9.于是eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3a+2)+\f(1,3b+2)+\f(1
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