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文档简介
山西省朔州市右玉县第二中学高二物理测试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.关于电路中感应电动势的大小,下列说法中正确的是A.跟穿过电路的磁通量成正比B.跟穿过电路的磁通量的变化量成正比C.跟穿过电路的磁通量的变化率成正比D.跟电路的总电阻成正比参考答案:C2.两个互相垂直的力F1和F2作用在同一物体上,使物体通过一段位移过程中,力F1对物体做功4J,力F2对物体做功3J,则力F1和F2的合力对物体做的功为A.1J
B.5J
C.7J
D.12J参考答案:C3.如图所示,铅盒A中装有天然放射性物质,放射线从其右端小孔中水平向右射出,在小孔和荧光屏之间有垂直于纸面向里的匀强磁场,(不计射线粒子的重力),则下列说法中正确的有(
)A.打在图中a、b、c三点的依次是射线、射线和射线B.射线和射线的轨迹是圆弧C.射线和射线的轨迹是抛物线D.如果在铅盒和荧光屏间再加一竖直向上的匀强电场,则屏上的亮斑可能只剩下b
参考答案:B4.有关内能说法正确的是A.箱子运动的速度减小,其内能也减小B.篮球的容积不变,内部气体的温度降低,其气体的内能将减小C.物体的温度和体积均发生变化,其内能将一定变化D.对于一些特殊的物体,可以没有内能参考答案:B5.为了测定小灯泡的伏安特性曲线,需要测得的电压范围尽可能大些,误差小些,为此,下列电路合适的是()A.
B.C.D.参考答案:D考点:描绘小电珠的伏安特性曲线解:测定小灯泡的伏安特性曲线,电压与电流要从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法,灯泡电阻较小,约为几欧姆到十几欧姆,远小于电压表内阻,电流表应采用外接法,故ABC错误,D正确;故选:D.二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.如图所示,光滑绝缘杆竖直放置,它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C两点,质量为m,带电量为的有孔小球从杆上A点无初速下滑,已知q<<Q,AB=h,小球滑到B点时速度大小为,则小球从A运动到B的过程中,电场力做的功为:______________;A、C两点间电势差为____________.参考答案:7.某电子元件的电压与电流的关系如右图所示,将该电子元件与一个R=8Ω的电阻串联,再接至电动势E=3V,内阻r=2Ω的电源上,则电路中电流I=_
▲
mA。参考答案:130;8.将光敏电阻Rt接入如图所示电路,若将Rt用手电筒照,灯泡L将_______(填“变亮”或“变暗”);若用手将Rt遮住,灯泡L将_______(填“变亮”或“变暗”)。参考答案:9.一束光从空气射向折射率为的某种介质,若反射光线与折射光线垂直,则入射角为_____.真空中的光速为c,则光在该介质中的传播速度为_____.参考答案:10.(4分)按照你对以下几种传感器的理解填写下面表格中的空格中的内容。传感器名称输入(或感受)的量输出的物理量湿度计湿度电学量光电二极管
电学量压强传感器
电学量话筒
电学量热电偶
电学量参考答案:光信号(1分)、压强(1分)、声音(1分)、温度(1分)11.交变电压u=20sin50πt(V),加在阻值为10Ω的电阻两端,该交流的周期是____________,电阻消耗的电功率是________________。参考答案:0.04s;20W
解析
12.用控制变量法,可以研究影响平行板电容器的因素(如图)。设两极板正对面积为S,极板间的距离为d,静电计指针偏角为。实验中,极板所带电荷量不变,若保持S不变,增大d,则
(变大、不变或变小);若保持d不变,增大S,则
(变大、不变或变小)参考答案:变大
不变13.修理汽车使用的移动电灯的电压不能超过36V,现有一个工人使用的灯泡标有“36V100W”字样,通过一个次级线圈匝数为198匝的变压器把220V照明用电降压后给它供电.变压器的初级线圈的匝数是1210,初级线圈中的电流是A.参考答案:解:因,可得
又
求得故答案为:1210,三、实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.图是某同学连接的实验实物图,闭合开关S后,发现A、B灯都不亮,他采用下列两种方法检查故障:(每节干电池电动势约为1.5V)(1)用多用电表的直流电压档进行检查:①那么选择开关应置于下列量程的
档.(用字母序号表示)A.2.5V
B.10V
C.50V
D.250V②该同学测试结果如表所示,根据测试结果,可以判定故障是
.(假设只有下列中的某一项有故障)测试点电压示数a、b有示数c、b有示数c、d无示数d、f有示数A.灯L1断路
B.灯L2短路
C.c、d段断路
D.d、f段断路(2)用欧姆档检查:①测试前,应将开关S
(填“断开”或“闭合”)②测量结果如表所示,由此可以断定故障是
.测量点表头指针c、dd、ee、fA.灯L1断路
B.灯L2断路
C.灯L1、L2都断路
D.d、e间导线断路.参考答案:(1)①B;②D;(2)①断开;②D.【考点】伏安法测电阻.【分析】(1)电流总是从红表笔进,黑表笔出,用电压表判断故障时,根据电源电动势选择合适的量程,电压表有示数说明有断路,没示数说明没断路.(2)用欧姆表判断故障时,指针偏转说明被测电路没有断路,指针不偏转说明被测电路断路.【解答】解:(1)①由图示电路图可知,电源电动势为6V,用电压表检查电路故障,电压表应选择10V量程,故选B.②、电压表接a、b,电压表有示数,说明a、b两点与电源间无断路,电压表接c、b,电压表有示数,说明c、b两点与电源间无断路,电压表接c、d,电压表无示数,说明c、d两点与电源间存在断路,电压表接d、f,电压表有示数,说明d、f两点与电源两极间无断路,综合以上分析可知,电路出现在d、f间,故选D;(2)①用欧姆表检查电路故障,测试前,应将开关断开,避免烧坏电表.②欧姆表右偏说明两接触点之间没断路,不偏转,说明两接触点之间断路了,即d、e间导线断路,故D正确.故答案为:(1)①B;②D;(2)①断开;②D.15.某同学利用如图甲所示的装置测量轻质弹簧的弹性势能,将轻质弹簧放置在光滑水平桌面上,左端固定,右端与一个小球生接触但不栓接调整左端位置并固定,使弹簧处于原长时,小球恰好位于桌子边缘O点向左推小球至C点后由静止释放,小球离开桌面后落到水平地面的P点,测得OP距离为X。另一同学也利用这套实验装置维续验证碰撞时动量是否守恒,如图乙所示他在桌子边缘放置另一半径相同、质量为m2的小球B,仍然将质量为m1的小球A推至C点后由静止释放,A球与B球碰后分别落在水平地面上的M点和N点,测得M和N点到桌子边缘的水平距离分别为X1、X2(1)此实验应注意的几个细节,正确的是:______;A.平台要求尽可能的光滑和水平B.实验中要多次改变CO间距离重复试验,以减小实验误差C.为了保证入射球碰撞后不反弹,则要求入射球质量更大D.此实验还需要测量两球心距水平地面的高度hE.实验中两小球应该等体积且密度越小越好(2)若两球碰撞前后的动量守恒,则应该满足表达式______;(3)若还满足表达式m1?x2=m1?x+m2?x,则实验中两小球的碰撞为______碰撞;参考答案:
(1).AC
(2).m1x=m1x1+m2x2
(3).弹性【详解】(1)平台要求尽可能的光滑和水平,以减小摩擦阻力的影响,故A正确;实验中不能改变CO间距,以保住小球A碰撞前初速度不变,故B错误;为了保证入射球碰撞后不反弹,则要求入射球质量更大,故C正确;两球碰撞后均做平抛运动,平抛的初速度为,竖直高度相同,则下落时间相等,故只需要测量平抛的水平位移而不需要测量竖直高度,故D错误;实验中两小球应该等体积且密度越大越好,以减小阻力的影响,故E错误;故选AC。(2)两球碰撞后做平抛运动,它们抛出点的高度相等,在空中的运动时间t相等,碰撞过程动量守恒,则有:m1v=m1v1+m2v2x=vt,x1=v1t,x2=v2t应该满足表达式为:m1x=m1x1+m2x2。(3)若还满足表达式m1?x2=m1?x12+m2?x22,即,所以系统机械能守恒。则实验中两小球的碰撞为弹性.四、计算题:本题共3小题,共计47分16.(10分)内壁光滑的导热气缸竖直浸放在盛有冰水混合物的水槽中,用不计质量的活塞封闭压强为1.0×105Pa、体积为2.0×10-3m3的理想气体.现在活塞上方缓慢倒上沙子,使封闭气体的体积变为原来的一半,然后将气缸移出水槽,缓慢加热,使气体温度变为127℃.
(1)求气缸内气体的最终压强和体积;
(2)在p—V图上画出整个过程中气缸气体的状态变化.(大气压强为1.0×105Pa)参考答案:(1)在活塞上方倒沙的过程中温度保持不变,对气体,由玻意耳定律得,p0V0=p1V1,代入数据,得p1=V0p0/V1=2.0×10-3×1.0×105/1.0×10-3Pa=2.0×105Pa(5分)
在缓慢加热到127℃的过程中,气体压强保持不变,由盖·吕萨克定律得,V1/T0=V2/T2,
∴V2=T2V1/T0=(273+127)×1.0×10-3/273m3=1.47×10-3m3(5分)
(2)在整个物理过程中画在p—V图上,如图所示.(6分)
17.如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1m,导轨平面与水平面成θ=37°角,下端连接阻值为R的电阻,匀强磁场方向与导轨平面垂直.质量为0.2kg、电阻不计的金属棒放在两导轨上,棒与导轨垂直并保持良好接触,它们之间的动摩擦因数为0.25.(1)求金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小;(2)当金属棒下滑速度达到稳定时,电阻R消耗的功率为8W,求该速度的大小.(3)在上问中,若R=2Ω,金属棒中的电流方向由a到b,求磁感应强度的大小与方向.(g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)参考答案:(1)金属棒开始下落的初速为零,根据牛顿第二定律mgsinθ-μmgcosθ=ma①由①式解得a=10×(0.6-0.25×0.8)m/s2=4m/s2.②(2)设金属棒运动达到稳定时,速度为v,所受安培力为F,棒在沿导轨方向受力平衡mgsinθ-μmgcosθ-F=0③此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻R消耗的电功率Fv=P④由⑥⑦两式解得B==T=0.4T⑧磁场方向垂直导轨平面向上.答案:(1)4m/s2(2)10m/s(3)0.4T方向垂直导轨平面向上18.如图所示,在倾角θ=30o的斜面上放置一段凹槽B,B与斜面间的动摩擦因数μ=,槽内靠近右侧壁处有一小球A,它到凹槽内左壁侧的距离d=0.10m.A的质量为m=1.0kg.B的质量为2m=2.0kg,B与斜面间的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力,不计A.B之间的摩擦,斜面足够长.现同时由静止释放A.B,经过一段时间,A与B的侧壁发生碰撞,碰撞过程不损失机械能,碰撞时间极短.取重力加速度g=10m/s2.求:(1)A与B的左侧壁第一次发生碰撞后瞬间A.B的速度.(2)在A与B的左侧壁发生第一次碰撞后到第二次碰撞前的这段时间内,A与B的左侧壁的距离最大可达到多少?参考答案:参考解答:1)A在凹槽内,B受到的滑动摩擦力
=10N
B所受重力沿斜面的分力=10N
因为,所以B受力平衡,释放后B保持静止
释放A后,A做匀加速运动,由牛顿定律和运动学规律得
解得A的加速度和碰撞前的速度分别为
5m/s2,1.0m/s
A.B发生碰撞,动量守恒
碰撞过程不损失机械能,得
解得第一次发生碰撞后瞬间A.B的速度分别为
(方向沿斜面向上),(方向沿斜面向下)
(2)A.B第一次碰撞后,B做匀速运动
A做匀加速运动,加速度仍为a1
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