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文档简介

山西省忻州市砂河镇第四中学高三物理月考试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.学习物理除了知识的学习外,还要领悟并掌握处理物理问题的思想与方法.下列关于物理学中的思想方法叙述正确的是A.在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的思想B.伽利略在研究自由落体运动时采用了微元法C.在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了理想化模型的思想方法D.法拉第在研究电磁感应现象时利用了理想实验法参考答案:A2.t=0时,甲乙两汽车从相距70km的两地开始相向行驶,它们的v-t图象如图所示。忽略汽车掉头所需时间,下列对汽车运动状况的描述正确的是

A.在第1小时末,乙车改变运动方向

B.在第2小时末,甲乙两车相距10km

C.在前4小时内,乙车运动加速度的大小总比甲车的大

D.在第4小时末,甲乙两车相遇参考答案:答案:BC解析:速度图像在t轴下的均为反方向运动,故2h末乙车改变运动方向,A错;2h末从图像围成的面积可知乙车运动位移为30km,甲车位移为30km,相向运动,此时两车相距70km-30km-30km=10km,B对;从图像的斜率看,斜率大加速度大,故乙车加速度在4h内一直比甲车加速度大,C对;4h末,甲车运动位移120km,乙车运动位移30m,两车原来相距70km,故此时两车还相距20km,D错。3.(多选题)2015年人类首次拍摄到冥王星的高清图片,为进一步探索太阳系提供了宝贵的资料,冥王星已被排除在地球等八大行星行列之外,它属于“矮星行”,表面温度很低,上面绝大多数物质只能是固态或液态,已知冥王星的质量远小于地球的质量,绕太阳的公转的半径远大于地球的公转半径.根据以上信息可以确定()A.冥王星公转的周期一定大于地球的公转周期B.冥王星的公转速度一定小于地球的公转速度C.冥王星表面的重力加速度一定小于地球表面的重力加速度D.冥王星上的第一宇宙速度一定小于地球上的第一宇宙速度参考答案:AB【考点】万有引力定律及其应用;向心力.【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度、周期的表达式,结合冥王星和地球的轨道半径比较线速度和周期的大小.根据万有引力等于重力得出星球表面重力加速度的表达式,从而分析判断,根据万有引力提供向心力得出星球第一宇宙速度的表达式,从而分析判断.【解答】解:A、根据知,T=,v=,因为冥王星的轨道半径远大于地球的轨道半径,则冥王星公转周期一定大于地球的公转周期,冥王星的公转速度一定小于地球的公转速度,故A、B正确.C、根据知,g=,星球表面的重力加速度与星球的质量以及星球的半径有关,由于冥王星的质量远小于地球质量,但是两者的半径关系未知,无法比较星球表面的重力加速度,故C错误.D、根据得,v=,星球的第一宇宙速度与星球的质量和半径有关,由于冥王星的质量远小于地球质量,但是两者的半径关系未知,无法比较星球的第一宇宙速度,故D错误.故选:AB.4.(单选)根据安培分子电流假说的思想,认为磁场是由于运动电荷产生的,这种思想如果对地磁场也适用,而目前在地球上并没有发现相对地球定向移动的电荷,那么由此推断,地球应该A.带负电

B.带正电

C.不带电

D.无法确定参考答案:A5.如图为氢原子能级示意图的一部分,则氢原子()A.从n=4能级跃迁到n=3能级比从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出电磁波的波长长B.从n=5能级跃迁到n=1能级比从n=5能级跃迁到n=4能级辐射出电磁波的速度大C.处于不同能级时,核外电子在各处出现的概率是一样的D.从高能级向低能级跃迁时,氢原子核一定向外放出能量参考答案:A二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.一物块静置于水平面上,现用一与水平方向成37°角的拉力F使物体开始运动,如图(a)所示.其后一段时间内拉力F随时间变化和物体运动速度随时间变化的图象如图(b)所示,已知物块的质量为0.9kg,g=10m/s2.根据图象可求得,物体与地面间的动摩擦系数为,0~1s内拉力的大小为6.6N.(sin37°=0.6,cos37°=0.8)参考答案:考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题:牛顿运动定律综合专题.分析:由速度时间图象抓住1~t1时间内做匀速直线运动,根据共点力平衡求出动摩擦因数,从图象中求出物体运动的加速度,由牛顿第二定律可求得物体受到的拉力的大小.解答:解:物体在0~1s内做匀加速直线运动,在1~t1时间内做匀速直线运动,最好做匀减速直线运动.对于匀速直线运动阶段,有:Fcos37°=f,f=μ(mg﹣Fsin37°)解得:.在0~1s内,做匀加速直线运动,加速度a=4m/s2.F1cos37°﹣μ(mg﹣F1sin37°)=ma解得F1=6.6N.故答案为:,6.6点评:解决本题的关键理清物体的运动规律,结合牛顿第二定律进行求解.7.在研究弹簧的形变与外力的关系的实验中,将弹簧水平放置测出其自然长度,然后竖直悬挂让其自然下垂,在其下端竖直向下施加外力F,实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的.用记录的外力F与弹簧的形变量作出的F-图线如下图1所示,由图可知弹簧的劲度系数为

。图线不过原点的原因是由于

。参考答案:8.如图所示,两根细线把两个相同的小球悬于同一点,并使两球在同一水平面内做匀速圆周运动,其中小球1的转动半径较大,则两小球转动的角速度大小关系为ω1

ω2,两根线中拉力大小关系为T1

T2,(填“>”“<”或“=”)参考答案:=;>【考点】物体做曲线运动的条件.【分析】两个小球均做匀速圆周运动,对它们受力分析,找出向心力来源,可先求出角速度.【解答】解:对其中一个小球受力分析,如图,受重力,绳子的拉力,由于小球做匀速圆周运动,故合力提供向心力;将重力与拉力合成,合力指向圆心,由几何关系得合力:F=mgtanθ…①;由向心力公式得:F=mω2r…②设绳子与悬挂点间的高度差为h,由几何关系,得:r=htanθ…③;由①②③三式得:ω=,与绳子的长度和转动半径无关,故二者角速度相等;绳子拉力T=,则T1>T2;故答案为:=;>9.如图所示,A、B两点相距0.1m,AB连线与电场线的夹角θ=60°,匀强电场的场强E=100V/m,则A、B间电势差UAB=____V。参考答案:-5V

由图示可知,BA方向与电场线方向间的夹角为:θ=60°,BA两点沿电场方向的距离为:d=Lcosθ,BA两点间的电势差为:UBA=Ed=ELcosθ=100V/m×0.1m×cos60°=5V,故AB间的电势差为:UAB=-UBA=-5V。故选。10.在共点力合成的实验中,根据实验数据画出力的 图示,如图所示.图上标出了F1、F2、F、F′'四个力,其中

(填上述字母)不是由弹簧秤直接测得的.若F与F′ 的

_基本相等,

_基本相同,说明共点 力合成的平行四边行定则得到了验证.参考答案:

大小

方向本实验是通过两个弹簧秤的拉力作出的平行四边形得出合力,只要合力与实际的拉力重合,则实验成功;由图可知F′是由平行四边形定则得出的,故F′不是由弹簧秤直接测得的;F是通过一个弹簧秤测出的,故只要F与F′的大小和方向基本相同即可11.一小组用图示装置测定滑块与斜面间的动摩擦因数。斜面下端固定一光电门,上端由静止释放一带有遮光条的滑块,滑块沿斜面加速通过光电门.

(1)要测量木板与斜面间的动摩擦因数,除了已知当地重力加速度g及遮光条宽度d、遮光时间t,还应测量的物理量是下列选项中的____________;

A.滑块的长度L

B.斜面的倾角口C.滑块的质量m

D.释放滑块时遮光条到光电门间的距离x

(2)用上述物理量表示滑块与斜面间动摩擦因数___________;参考答案:12.如图,圆环质量为M,经过环心的竖直钢丝AB上套有一质量为m的球,今将小球沿钢丝AB以初速vo竖直向上抛出。致使大圆环对地无作用力,则小球上升的加速度为

。小球能上升的最大高度为

。(设AB钢丝足够长,小球不能达到A点)参考答案:13.某同学用如图所示装置“研究物体的加速度与外力关系”,他将光电门固定在气垫轨道上的某点B处,调节气垫导轨水平后,用重力为F的钩码,经绕过滑轮的细线拉滑块,每次滑块从同一位置A由静止释放,测出遮光条通过光电门的时间t。改变钩码个数,重复上述实验。记录的数据及相关计算如下表。实验次数12345F/N0.490.981.471.962.45t/(ms)40.428.623.320.218.1t2/(ms)21632.2818.0542.9408.0327.66.112.218.424.530.6(1)为便于分析F与t的关系,应作出

的关系图象,并在如图坐标纸上作出该图线。(2)由图线得出的实验结论是

(3)设AB间的距离为s,遮光条的宽度为d,请你由实验结论推导出物体的加速度与外力的关系

参考答案:(1)

图略(2)与成正比(3)推导过程:在误差允许范围内,物体质量一定时,加速度与外力成正比三、简答题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.如图所示,水平传送带两轮心O1O2相距L1=6.25m,以大小为v0=6m/s不变的速率顺时针运动,传送带上表面与地面相距h=1.25m.现将一质量为m=2kg的小铁块轻轻放在O1的正上方,已知小铁块与传送带间动摩擦因数μ=0.2,重力加速度g取10m/s2,求:(1)小铁块离开传送带后落地点P距离O2的水平距离L2;(2)只增加L1、m、v0中的哪一个物理量的数值可以使L2变大.参考答案:(1)小铁块离开传送带后落地点P距离O2的水平距离为2.5m;(2)只增加L1数值可以使L2变大.解:(1)小铁块轻放在传送带上后受到摩擦力的作用,由μmg=ma得a=μg=2m/s2,当小铁块的速度达到6m/s时,由vt2=2ax得:x=9m由于9m>L1=6.25m,说明小铁块一直做加速运动设达到O2上方的速度为v,则v==5m/s小铁块离开传送带后做平抛运动根据h=gt2得下落时间:t==0.5s由L2=vt=5×0.5=2.5m(2)欲使L2变大,应使v变大由v=可知,L1增大符合要求m、v0增大对a没有影响,也就对v和L2没有影响因此,只增加L1、m、v0中的L1的数值可以使L2变大.答:(1)小铁块离开传送带后落地点P距离O2的水平距离为2.5m;(2)只增加L1数值可以使L2变大.15.(简答)如图12所示,一个截面为直角三角形的劈形物块固定在水平地面上.斜面,高h=4m,a=37°,一小球以Vo=9m/s的初速度由C点冲上斜面.由A点飞出落在AB面上.不计一切阻力.(Sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)求.(l)小球到达A点的速度大小;(2)小球由A点飞出至第一次落到AB面所用时间;(3)小球第一次落到AB面时速度与AB面的夹角的正切值参考答案:(1)1(2)0.25s(3)6.29N机械能守恒定律.解析:(1)从C到A对小球运用动能定理],解得v0=1m/s(2)将小球由A点飞出至落到AB面的运动分解为沿斜面(x轴)和垂直于斜面(y轴)两个方向;则落回斜面的时间等于垂直于斜面方向的时间所以(3)小球落回斜面时沿斜面方向速度垂直斜面方向速度vy=1m/s,所以(1)由机械能守恒定律可以求出小球到达A点的速度.

(2)小球离开A后在竖直方向上先做匀减速直线运动,后做自由落体运动,小球在水平方向做匀速直线运动,应用运动学公式求出小球的运动时间.

(3)先求出小球落在AB上时速度方向与水平方向间的夹角,然后再求出速度与AB面的夹角θ的正切值.四、计算题:本题共3小题,共计47分16.如图所示,在倾角为θ的斜面上静止释放质量均为m的小木箱,相邻两木箱的距离均为L。工人用沿斜面的力推最下面的木箱使之上滑,逐一与其它木箱碰撞(碰撞时间极短)。每次碰撞后木箱都粘在一起运动。整个过程中工人的推力不变,最后恰好能推着三个木箱匀速上滑。已知木箱与斜面间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g.,求(1)工人的推力;(2)三个木箱均速运动的速度;(3)第一次碰撞中损失的机械能。参考答案:(1)当匀速时,把三个物体看作一个整体受重力、推力F、摩擦力f和支持力.根据平衡的知识有...5分(分析受力给1分)(2)第一个木箱与第二个木箱碰撞之前的速度为V1加速度....2分根据运动学公式或动能定理有...2分碰撞时间极短可忽略外力,则动量守恒碰撞后的速度为V2,根据有............2分解得..............1分设碰撞第三个木箱前的速度为V3从V2到V3的加速度为........1分根据运动学公式有得.......................1分(最好用动能定理整体分析)跟第三个木箱碰撞,根据动量守恒................1分得就是匀速的速度...............1分

(3)设第一次碰撞中的能量损失为根据能量守恒有..................2分带入数据得......17.如图所示,一个内壁光滑的圆柱形汽缸,高度为L、底面积为S,缸内有一个质量为m的活塞,封闭了一定质量的理想气体.温度为热力学温标T0时,用绳子系住汽缸底,将汽缸倒过来悬挂起来,汽缸处于竖直状态,缸内气体高为L0.已知重力加速度为g,大气压强为p0,不计活塞厚度及活塞与缸体的摩擦,求:(1)采用缓慢升温的方法使活塞与汽缸脱离,缸内气体的温度至少要升高到多少?(2)从开始升温到活塞刚要脱离汽缸,缸内气体压力对活塞做功多少(3)当活塞刚要脱离汽缸时,缸内气体的内能增加量为△U,则气体在活塞下移的过程中吸收的热量为多少?参考答案:解:(1)气体等压变化,由盖吕萨克定律得:=,解得:T=;(2)对活塞,由平衡条件得:mg+pS=p0S,气体做功:W=Fl=pSl=pS(L﹣L0),解得:W=(p0S﹣mg)(L﹣L0);(3)由热力学第一定律得:△U=W+Q,气体吸

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