中招考试物理试卷及答案解析

第第页第=page22页，共=sectionpages22页中招考试物理试卷及答案解析（时间90分钟，满分100分）题号一二三四五六总分得分一、单选题（本大题共10小题，共30分）小提琴手用相同的力，拉不同的琴弦，主要是为了改变乐音的（）A.音色 B.响度 C.音调 D.振幅关于自然界中云、雾、霜、露的形成原因，下列解释中不正确的是（）A.云是空气中的水蒸气在高空遇冷时，液化成小水珠及凝华成小冰晶形成的

B.雾是空气中的水蒸气在地面附近遇冷液化成小水珠，悬浮在地面附近形成的

C.露是空气中的水蒸气在地面附近遇冷液化成小水珠，附着在花草上形成的

D.霜是空气中的水蒸气遇冷液化再凝固成固体冰粒，附着在花草树木上形成的下列现象中，属于光的折射现象的是（）A.水中的倒影 B.坐井观天 C.小孔成像 D.海市蜃楼2014年2月13日，在索契冬奥会速度滑冰女子1000米决赛中，中国选手张虹以1分14秒02获得冠军，为中国速度滑冰摘取冬奥历史上第一枚金牌．如图是张虹比赛中的情景，下列有关说法中不正确的是（）A.张虹身体保持弧形能降低重心增大稳度，同时能减小行进中的阻力

B.张虹所穿的冰刀受力面积很小，能增大对冰面的压强

C.冰刀和冰面都非常光滑，可以减小行进时的摩擦

D.张虹转弯时很稳是因为她受到平衡力的作用学习物理需要特别细心，一不小心就容易出错。你认下列等量关系错误的是（）A.1kg=9.8N B.1g/cm3=103kg/m3

C.1m/s=3.6km/h D.1kW•h=3.6×106J有关放在桌子上静止的花瓶受力情况，下列说法正确的是（）A.花瓶受到的重力和桌面受到的压力是一对平衡力

B.花瓶受到的重力和桌面对花瓶的支持力是一对平衡力

C.花瓶受到的支持力和桌面受到的压力是一对平衡力

D.花瓶受到的支持力和桌面对地面的压力是一对平衡力如图杠杆是平衡的，如在左边的钩码下方再挂上一个钩码，为使杠杆再次平衡，符合条件的过程是（）

A.右边钩码下加一个相同的钩码

B.左、右两边的钩码分别向支点移一格

C.左边钩码向右移动一格

D.右边钩码向右移动一格如图所示的四个现象中能反映发电机原理的是（）A. B.

C. D.如图所示的甲、乙两个电路中，开关闭合后，输电线因电流过大而燃烧起来，对此原因描述正确的是（）

A.甲图中用电器过多导致电流过大

B.甲图中用电器总功率过大导致电流过大

C.乙图中灯泡电阻太小，导致电流过大

D.甲、乙两图产生电流过大的原因相同在探究“通电螺线管外部磁场”的实验中，开关断开时小磁针甲、乙的指向如图所示，当开关闭合时，通电螺线管有磁性，则下列说法正确的是（）

​​​​​​​A.小磁针甲偏转，乙不偏转

B.小磁针乙偏转，甲不偏转

C.小磁针甲、乙均发生偏转

D.当滑片P从右向左滑动时，通电螺线管和磁性逐渐增强二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，某实验小组所描绘的像距和物距的关系图线如图所示，图中A、B、C三点分别与蜡烛在光具座上移动过程中的三个位置相对应，下列说法正确的是（）

A.蜡烛在A点时，成倒立放大的实像

B.蜡烛在C点时，成像特点与照相机成像特点相同

C.蜡烛从A移到C时，像一直在变大

D.蜡烛在B、C点时，成像特点相同如图甲所示电路中，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2=10Ω，滑动变阻器R3的阻值变化范围为0～50Ω。闭合开关，滑动变阻器滑片从一端向另一端移动过程中，滑动变阻器的电功率随其电阻变化的图象如图乙所示。则（）

A.电源电压为9V

B.滑动变阻器最大功率为0.45W

C.电路工作时总功率最大值与最小值之比为7：2

D.电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比变大如图所示，甲、乙、丙三个实心小球分别在不同的液体中静止，三个球的体积关系是V甲＞V乙＞V丙，三种液体的密度关系是ρ1=ρ2＞ρ3，则三个球的重力、密度的大小关系应该为（）

A.ρ甲＞ρ乙＞ρ丙 B.ρ甲=ρ乙＞ρ丙

C.G甲＞G乙=G丙 D.G甲＞G乙＞G丙三、填空题（本大题共6小题，共24.0分）如一束光从空气斜射到某液面上，与液面的夹角为30°，则反射角是______。如图，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，活塞迅速压下去，棉花燃烧起来，说明对物体做功，物体的内能______（选填“增大”或“减小”），这个过程与四冲程汽油机的______冲程相似。

如图甲所示，一块长木板放在水平桌面上。亮亮同学用一水平力推F向右缓慢地推木板，使其一部分露出桌面，但未离开桌面，如图乙所示。在上述推木板的过程中，木板对桌面的压力______，木板受到桌面的摩擦力______（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。

图所示装置的作用是______，将重为100牛的物体匀速提高3米，拉力F的大小为______

牛，拉力做功______焦（不计摩擦）。

如图甲所示，闭合开关，两灯正常发光，电流表A1的示数为0.6A，电流表A2是数如图乙所示，则通过L2的电流是______A，若L1的电阻是5Ω，电路两端电压是______v．

学习了电学知识之后，小亮研究家中具有保温功能的电饭锅，画出电饭锅的电路原理图如图，电饭锅的铭牌上部分内容如下表。额定电压

220V

加热功率

1100W

保温功率

44W

最大容积

3L要使电饭锅加热，开关S______（选填“闭合”或“断开”），电饭锅正常加热时，电路的电流是______A。四、实验探究题（本大题共2小题，共13.0分）如图所示，在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，可以将钢球提升到某一高度静止释放，当钢球下落至竖直位置时撞击水平面上的木块。请回答下列问题：

（1）钢球到达最低点时的动能是由______转化得到的，实验时通过观察______来比较动能的大小：

（2）将同一钢球从不同高度自由释放，可以探究动能大小与______的关系，得出结论：______；这个结论可用于解释汽车______（选填“超载”或“超速”）。

物理兴趣小组同学想知道酱油的密度，于是他们用天平和量筒做了如图实验：

（1）将天平放在水平台上，把游码移至标尺的______处，发现指针如图甲所示，应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调，使______。

（2）用天平测出空烧杯的质量为18g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图乙所示，将烧杯中的酱油倒入量筒中，酱油的体积如图丙所示，则烧杯中酱油的质量为______g，酱油的密度为______g/cm3。

（3）用这种方法测出的酱油密度会______（选填“偏大”或“偏小”），原因是______。

（4）为了减小测量的误差，小明重新设计了如下实验方案：

①测出空烧杯质量m1；

②往量筒内注入适量的酱油，测出体积V1；

③将量筒内的酱油往烧杯内倒入适量，测出烧杯和酱油的总质量m2；

④测出量筒内剩余酱油的体积V2。

则小明测出酱油密度的表达式为：ρ=______（用上述已知量进行表示）。五、计算题（本大题共3小题，共18.0分）豆浆机的机头主要由一个电热器和一个电动机带动的打浆器组成，制作豆浆的过程是先加热，再打浆，再加热煮熟，即加热和打浆交替进行．

（1）豆浆机中的电动机和电热器______联的，并请画出该豆浆机的工作电路图．

（1）在加热过程中，电能转化为______能．

（3）若把1.5kg的清水放入豆浆机中，从25℃加热到85℃，水吸收的热量是多大？（c水=4.2×l03J/（kg•℃）（要求写出必要的文字说明？公式、主要运算过程、数值和单位）

如图所示，R1=6Ω，当S1闭合，S2断开时，电流表的示数为1A，当S1、S2都闭合时，电流表的示数为1.2A，求：

（1）电源电压；

（2）R2消耗的功率。

小明同学利用电压表和电流表测量小灯泡的电阻值（已知小灯泡的额定电压为2.5V），实验电路图如图甲所示。

（1）按甲图所示的电路图，将乙图中的电压表正确连入电路（用笔画线代替导线）。

（2）开关闭合前，滑片P应移到______（填“a“或“b”）端；实验中，当滑片P移到某一位置时，电流表A和电压表V示数如图丙所示，则此时小灯泡的阻值为______Ω。

（3）小明在实验时，小灯泡突然熄灭，检查发现A的示数为零，V的示数接近电源电压，请你帮小明分析电路的故障可能是：______。

（4）若小明同学想用已连好的电路测量小灯泡的额定电功率，请你帮他把主要的实验步骤补充完整：

①移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为______V时，读出电流表的示数；

②用原理______计算出小灯泡的额定电功率。

六、综合题（本大题共1小题，共6.0分）“共享单车”被誉为中国“新四大发明”，一辆单车不仅体现了中国制造的魅力，还体现了低碳环保的生活理念。如图为某品牌的“共享单车”，据图回答问题：

（1）新技术：图示单车核心技术是智能锁，内置有锂电池，其规格为“3.7V6Ah”，充电方式有以下两种：

①发电花鼓骑行充电：用户在蹬车骑行时，轮胎旋转带动花鼓旋转，花鼓切割磁感线发电，并通过链接稳压管给锂电池充电。则在此过程中，能量的转化是______。

②太阳能充电：车筐内置太阳能电池，若此太阳能电池接受到的太阳能平均功率为6瓦，光能转化为电能的效率为20%，则将此智能锁中的锂电池从没有电到充满电，需要______小时。

（2）新理念：共享单车体现了低碳环保的生活理念。如表为某用户骑行共享单车的记录，则图中的节约碳排量是指减少______气体排放。8.61.0613累计骑行（公里）节约碳排量（千克）运动成就（大卡）

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：小提琴手用相同的力，拉不同的琴弦，则不同的琴弦的振动快慢不同，即所发出的声音的音调不同，故C正确，ABD错误。

故选：C。

声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；抓住以上知识，并深入体味生活中的一些说法，就可解题。

本题考查了声音的特征，只要对三个特征（音调、响度、音色）有深刻的认识，将知识与生活有机的结合起来，便能找到答案。

2.【答案】D

【解析】解：A、高空中水蒸气遇冷液化成小水滴或凝华成小冰晶，悬浮在空气中，形成云．故A正确；

B、水蒸气液化成小水珠附着在这些浮尘上面，悬浮在空气中，这就是雾．故B正确；

C、水蒸气在夜间较冷的地面、石块及植物的叶片上液化成小水珠，这就是露．故C正确；

D、水蒸气直接在地面、花草、石块上迅速凝华而形成固态的小晶体，这就是霜．故D错误．

故选：D．

物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．

此题考查学生关于日常生活中自然现象有关物态变化的解释应用，这是中考的考点．

3.【答案】D

【解析】解：A、水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；

B、坐井观天属于光的直线传播，故B不符合题意；

C、小孔成像是光沿直线传播形成的，故C不符合题意；

D、海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的，故D符合题意。

故选：D。

（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；

（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。

本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。

4.【答案】D

【解析】解：A、张虹身体保持弧形能降低重心增大稳度，同时能减小行进中空气的阻力，此说法是正确的，A不符合要求；

B、张虹所穿的冰刀受力面积很小，能增大对冰面的压强，此说法是正确的，B不符合要求；

C、冰刀和冰面都非常光滑，减小了接触面的粗糙程度，所以可以减小行进时的摩擦，此说法是正确的，C不符合要求；

D、张虹转弯时改变了运动方向，所以她受到的不是平衡力，此说法是不正确的，D符合要求．

故选D．

（1）增加稳度的方法可以从降低重心或增大支面的角度去考虑，身体保持弧形能减小空气的阻力；

（2）在压力一定时，减小受力面积，能增大压强，冰刀受力面积很小，能增大对冰面的压强；

（3）减小接触面的粗糙程度，可以减小摩擦，冰刀和冰面都非常光滑，可以减小行进时的摩擦；

（4）张虹转弯时改变了运动方向，所以她受到的不是平衡力．

本题考查了提高稳度的方法，增大压强的方法以及影响滑动摩擦力大小的因素，解题时注意分析每一选项中的说法，可顺利做出判断．

5.【答案】A

【解析】解：

A、kg和N是不同物理量的单位，两者之间不存在等量关系。此选项错误；

B、1g/cm3=1×=103kg/m3．此选项正确；

C、1m/s=1×=3.6km/h．此选项正确；

D、1kW•h=1kW×1h=1000W×3600s=3.6×106J．此选项正确。

故选：A。

①此题考查物理量不同单位间的换算，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算就可选择；

②不同物理量之间不能换算。

物理量在单位换算时，只是把单位进行换算，前面的数字是倍数，不参与单位换算。

6.【答案】B

【解析】解：A、花瓶受到的重力和桌面受到的压力，两个力的方向相同且作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，故A错误；

B、花瓶受到的重力和桌面对花瓶的支持力，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上，符合二力平衡条件，故B正确；

C、花瓶受到的支持力和桌面受到的压力，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同两个物体上，不符合二力平衡条件，故C错误；

D、花瓶受到的支持力和桌面对地面的压力，两个力作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，故D错误。

故选：B。

根据二力平衡的条件进行解答，即大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上。

本题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。知道地面附近的物体都要受到重力的作用。

7.【答案】D

【解析】解：设杠杆上每格长度是L，每个钩码的重力是G，2G×4L=4G×2L，处于平衡状态；

A、左边的钩码下方再挂上一个钩码，右边钩码下加一个相同的钩码，左侧=3G×4L=12GL，右侧=5G×2L=10GL，左侧＞右侧，杠杆不平衡，故A错误；

B、左边的钩码下方再挂上一个钩码，左、右两边的钩码分别向支点移一格，左侧=3G×5L=15GL，右侧=4G×3L=12GL，左侧＞右侧，杠杆不平衡，故B错误；

C、左边的钩码下方再挂上一个钩码，左边钩码向右移动一格，左侧=3G×5L=15GL，右侧=4G×2L=8GL，左侧＞右侧，杠杆不平衡，故C错误；

D、左边的钩码下方再挂上一个钩码，右边钩码向右移动一格，左侧=3G×4L=12GL，右侧=4G×3L=12GL，左侧=右侧，杠杆平衡，故D正确。

故选：D。

根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，对各选项逐一进行分析，选出符合要求的选项。

本题考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，只比较力或力臂大小不能得出正确结果。

8.【答案】C

【解析】解：A、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故该选项不符合题意；

B、该图是用来研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系的实验，故不符合题意；

C、图示的是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故该选项符合题意；

D、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意；

故选：C。

（1）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场。

（2）电磁铁的磁性的强弱与电流的强弱及线圈的匝数有关；

（3）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；

（4）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动；

本题中学生容易混淆的是A和B两个图，要从有无电源上区分，有电源的是电动机，无电源的是发电机

9.【答案】B

【解析】解：

AB、用电器总功率等于各个用电器功率之和，并联的用电器越多，总功率越大，根据公式P=UI，电流会非常大，甲图原因是用电器的总功率过大，不是因为支路过多，故A错误，B正确；

CD、图乙中，用金属线将火线和零线接通，造成短路，电流直接通过导线，由于导线电阻很小，导致电流过大，故CD错误。

故选：B。

家庭电路中电流过大总共有两个原因：短路和总功率过大。结合图中的情形可做出判断。

本题考查家庭电路电流过大的原因，相对比较简单，属于基础题。

10.【答案】B

【解析】【分析】

由右手螺旋定则可得出螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可得出小磁针的转动方向；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由欧姆定律可得出线圈中电流的变化，则可知螺线管磁性的变化。

​​​​​​​本题把磁极间的作用、滑动变阻器的使用、欧姆定律、螺线管磁性强弱的影响因素有机的结合起来，综合性很强，是一个好题。

【解答】

ABC.由图可知电流从左端流向右端，则螺线管中电流应该是从左前方流入，右后方流出，故由右手螺旋定则可知，螺线管右端应为N极；

因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则甲小磁针S将向螺线管靠近，N极远离螺线管，故甲小磁针不转动；小磁针乙沿顺时针方向偏转，故AC错误，B正确；

D.滑动变阻器滑片P从右向左滑动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可得电路中电流减小，则通电螺线管的磁性将减弱，故D错误。

故选B。

11.【答案】ABD

【解析】解：A、由图象知，u=v=2f=15cm，凸透镜成倒立、等大的实像，所以凸透镜的焦距：f=7.5cm，当蜡烛在A点时，由图象可知，像距大于二倍焦距，成倒立、放大的实像，故A正确；

B、当蜡烛在C点时，由图象可知，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机，故B正确；

C、蜡烛从A移到C时，物距变大，像距变小，像一直在变小，故C错误；

D、蜡烛在B、C处时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，成像特点相同，故D正确。

故选：ABD。

（1）根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，判断凸透镜的焦距。

（2）掌握凸透镜成像的三种情况和应用：

u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。

2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。

u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。

凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小。

凸透镜成像的几种情况和凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小在凸透镜成像习题中有广泛的应用，一定要熟练掌握。

12.【答案】BC

【解析】解：闭合开关，R1、R2、R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R3两端的电压。

A、当滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω时，功率为0.4W，根据P=I2R可知电路中的电流I===0.2A，

此时滑动变阻器两端的电压U3=IR3=0.2A×10Ω=2V，

电源电压U=U1+U2+U3=IR1+IR2+U3=0.2A×R1+0.2A×10Ω+2V①，

当滑动变阻器接入电路的阻值为40Ω时，功率为0.4W，根据P=I2R可知电路中的电流I′===0.1A，

此时滑动变阻器两端的电压U3′=I′R3=0.1A×40Ω=4V，

电源电压U=U1′+U2′+U3′=I′R1+I′R2+U3′=0.1A×R1+0.1A×10Ω+4V②，

联立①②得：U=6V，R1=10Ω；故A错误；

B、根据欧姆定律可知电路中的电流I″=，滑动变阻器的功率P滑=I″2R3=（″）2R3=，当R3=R1+R2=20Ω+10Ω=20Ω时，滑动变阻器的功率最大，为P滑大===0.45W，故B正确；

C、滑动变阻器接入电路的阻值最大时，总电阻最大，根据P=可知总功率最小，为P小===W，

滑动变阻器接入电路的阻值最小时，总电阻最小，根据P=可知总功率最大，为P大===1.8W，

电路工作时总功率最大值与最小值之比为：=7：2，故C正确；

D、根据串联电路的特点可知电压表示数的变化量等于R1和R2两端电压之和的变化量，设R1和R2两的总电阻为R12，

U12=IR12，U12′=I′R12，

则△U=U12-U12′=IR12-I′R12=△IR12，

据此可知电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比为：=R12，

因R1和R2两的总电阻R12为定值，故电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比不变，故D错误。

故选：BC。

闭合开关，R1、R2、R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R3两端的电压。

A、当滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω时，功率为0.4W，根据P=I2R可知电路中的电流，根据欧姆定律可得出此时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的特点可得出电源电压的表达式；

当滑动变阻器接入电路的阻值为40Ω时，功率为0.4W，根据P=I2R可知电路中的电流，根据欧姆定律可得出此时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的特点可得出电源电压的表达式，联立以上两式可得出电源电压和R1的阻值；

B、根据欧姆定律可知电路中的电流，根据P=I2R可得出滑动变阻器的功率表达式，分析可表达式得出滑动变阻器的最大功率；

C、滑动变阻器接入电路的阻值最大时，总电阻最大，根据P=可知总功率最小，并得出最小总功率；

滑动变阻器接入电路的阻值最小时，总电阻最小，根据P=可知总功率最大，并得出最大总功率，进而得出电路工作时总功率最大值与最小值之比；

D、根据串联电路的特点可知电压表示数的变化量等于R1和R2两端电压之和的变化量，设R1和R2的总电阻为R12，根据欧姆定律可得出R1和R2两端电压的表达式，进而得出电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比的变化情况。

本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度较大。

13.【答案】AD

【解析】解：（1）∵ρ1=ρ2，V甲＞V乙它们全都完全浸没，

∴它们所受浮力F1＞F2，

∵甲下沉，乙悬浮

∴G甲＞F1，G乙=F2

∴G甲＞G乙，

（2）∵甲下沉，乙悬浮，丙漂浮，

∴ρ甲＞ρ1，ρ乙=ρ2，ρ丙＜ρ3，

∵ρ1=ρ2＞ρ3，

∴ρ甲＞ρ乙＞ρ丙，

（3）∵V乙＞V丙，读图可知，V排乙＞V排丙

又∵ρ2＞ρ3

∴它们所受浮力F2＞F3，乙悬浮，丙漂浮，浮力都等于它们自身的重力

∴G乙＞G丙，

∴G甲＞G乙＞G丙，

故选AD．

（1）根据甲下沉，乙悬浮，丙漂浮，利用物体的浮沉条件，可得出ρ甲＞ρ1，ρ乙＞ρ2，ρ丙＜ρ3，然后可知三者的密度关系．

（2）对于甲、乙利用阿基米德原理F浮=ρ液vg和悬浮条件F浮=G=ρ甲vg得出甲和乙的重力关系；

对于乙、丙利用悬浮条件F浮=G=ρ甲vg和漂浮条件F浮=ρ液vg，可得出乙和丙的重力关系；最后得出三者的重力关系．

判断物体重力的关系和液体密度的关系，其实用到的主要还是浮力的知识，在这里要学会将三组物体两两分割后进行比较，最后再找出三组之间的关系，这是此题判断正确的关键环节．灵活运用浮沉条件，悬浮（F浮=G，ρ物=ρ液，v排=v物），和阿基米德原理F=G排=ρ液v排g．

14.【答案】60°

【解析】解：已知入射光线与液面的夹角是30°，所以入射角为90°-30°=60°，反射角等于入射角也为60°。

故答案为：60°。

入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。

此题主要考查了对光的反射定律的应用，掌握反射角、入射角的概念即可正确解题。

15.【答案】增大

压缩

【解析】解：在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，此时活塞对筒内的空气做功，筒内空气的内能增大，温度升高，此过程机械能转化为内能，通过做功的方式改变筒内空气的内能；此过程相当于四冲程汽油机的压缩冲程。

故答案为：增大；压缩。

（1）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小。

（2）四冲程汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。

本题考查了做功改变物体内能和内燃机工作原理等知识的理解和应用，难度不大。

16.【答案】不变

不变

【解析】解：（1）因静止在水平面上物体的压力和自身的重力相等，

所以，用水平力F向右缓慢地推木板时，木板对桌面的压力F不变；

（2）因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，

所以，水平力F向右缓慢地推木板时，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力f不变。

故答案为：不变；不变。

（1）静止在水平面上物体的压力和自身的重力相等；

（2）根据影响滑动摩擦力大小的因素：压力的大小和接触面的粗糙程度判断此过程摩擦力的变化。

本题考查了压力和重力的区别，以及影响滑动摩擦力大小的因素的应用，关键是会分析向右缓慢地推木板的过程中变化的量和不变的量。

17.【答案】改变力的方向；100；300

【解析】解：

由图知，该装置是定滑轮，其作用时改变力的方向；

∵不计摩擦，

∴拉力F=G=100N，

拉力端移动的距离：

s=h=3m，

拉力做功：

W=Fs=100N×3m=300J。

故答案为：改变力的方向；100；300。

（1）由图知，使用的是定滑轮，不计摩擦，使用定滑轮不能省力，也不费距离，据此回答和计算；

（2）求出了拉力，s=h，利用W=Fs求拉力做功。

本题考查了定滑轮的特点、功的计算，知道使用定滑轮可以改变用力方向，不省力、不省距离，即：F=G、s=h。

18.【答案】0.9；3

【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测L1支路的电流，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表A1的示数为0.6A，

所以，干路电流大于0.6A，即电流表A2的量程为0～3A，分度值为0.1A，干路电流I=1.5A，

则通过L2的电流：

I2=I-I1=1.5A-0.6A=0.9A，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，由I=可得，电路两端的电压：

U=I1R1=0.6A×5Ω=3V．

故答案为：0.9；3．

由电路图可知，两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测L1支路的电流，根据并联电路的电流特点结合电流表A1的示数确定电流表A2的量程，根据分度值读出干路电流，进一步求出通过L2的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电路两端电压．

本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断电流表A2的量程是关键．

19.【答案】闭合

5

【解析】解：（1）由电路图知，当开关S闭合时，只有电阻R1接入电路，此时电路电阻较小，

由电功率公式P=知，此时电饭锅电功率较大，电饭锅处于加热状态；

（2）电饭锅正常加热时的功率P=1100W，电压U=220V，

由P=UI可得，电路中的电流：

I===5A。

故答案为：闭合；5。

（1）电源电压一定，由电功率公式P=可知，电路电阻越小，电功率越大，电路电阻越大，电功率越小，据此判断电饭锅处于加热状态时S的状态；

（2）电饭锅正常加热时的功率和额定功率相等，由表格数据可知其大小，根据P=UI求出电路的电流。

本题考查了电功率公式的灵活应用，关键是会比较开关闭合、断开时电路中电阻的关系和知道用电器正常工作时的功率与额定功率相等。

20.【答案】重力势能

木块移动的距离

速度

在质量一定时，物体的速度越大，动能越大

超速

【解析】解：

（1）让钢球从某一高度由静止释放，钢球下落时，重力势能转化为动能，使钢球获得动能；小球撞击木块，小球的动能的大小是通过木块移动的距离大小来反映的；

（2）将同一钢球从不同高度自由释放，钢球的质量不变，滚下的高度越高，撞击木块前的速度就越大，推动木块移动的距离就越远，动能就越大，所以是为了探究动能大小与速度的关系；结论为：在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；该结论可用于解释汽车超速带来的危害；

故答案为：（1）重力势能；木块移动的距离；（2）速度；在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；超速。

（1）让钢球从某一高度由静止释放，使钢球获得动能；观察纸盒被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；

（2）影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系。

用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注意相同因素和不同因素。

21.【答案】零刻度

左

横梁平衡

44

1.1

偏大

不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小

【解析】解：

（1）在调节托盘天平时，首先将其放在水平桌面上，游码放在标尺的左端零刻度线处，此时，若发现指针指在分度盘的中央零刻度线的右边，说明右侧质量略大，应旋动横梁上的平衡螺母，使之向左移动，使横梁平衡；

（2）在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；

烧杯和酱油的总质量：m1=50g+10g+2g=62g；

空烧杯的质量：m2=18g，

烧杯中酱油的质量：m=m1-m2=62g-18g=44g，

量筒的分度值为2mL，量筒中酱油的体积为V=40mL=40cm3；

酱油的密度：ρ===1.1g/cm3；

（3）小明不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小，由公式ρ=知，密度测量结果偏大；

（4）根据实验步骤，倒入烧杯中酱油的质量：m'=m2-m1，

烧杯中酱油的体积：V'=V1-V2，

酱油密度为：ρ′==。

故答案为：（1）零刻度；左；横梁平衡；（2）44；1.1；（3）偏大；不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小；（4）。

（1）①天平是测量物体质量的工具，使用之前要进行调节：把天平放在水平桌面上，游码与标尺左端的0刻度线对齐，调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央；

②为使横梁平衡，无论是平衡螺母还是游码，相对于指针的偏转，调节规律是“左偏右调”；

（2）根据天平标尺的分度值读出烧杯和酱油的总质量，又知道空烧杯的质量，两者的差值即为酱油的质量，根据量筒的分度值读出酱油的体积，根据ρ=求出酱油的密度；

（3）小明的方案中“把烧杯内的酱油全部倒入量筒内”会使得酱油不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差；

（4）由实验步骤，分别得到倒入烧杯中酱油的质量和体积，利用密度公式计算其密度。

用天平和量筒测液体的密度是我们最常用的方法，除熟练掌握天平、量筒的使用方法外，更要注意如何安排实验的步骤才能更有效地减小误差，并能熟练运用密度公式进行计算。

22.【答案】并；内

【解析】解：

（1）由题意知，加热和打浆是交替进行的，电动机与电热器能独立工作，互不影响，因此它们是并联的；

如图所示：

（2）豆浆机在加热过程中，消耗了电能，得到了内能，因此将电能转化为了内能．

（3）水吸收的热量为：

Q吸=cm（t2-t1）=4.2×103J∕（kg•℃）×1.5kg×（85℃-25℃）=3.78×105J．

故答案为：（1）并；如图所示；（2）内；水吸收的热量是3.78×105J．

（1）串联的各用电器相互影响，不能独立工作；并联的各用电器互不影响，能独立工作；

（2）用电器工作时，消耗了电能，得到了其它形式的能．

（3）知道清水的质量和温度的变化以及比热容，根据Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量．

本题主要考查的是学生对串并联电路特点、热量计算公式、能量转化的了解和掌握，基础性题目．

23.【答案】解：（1）当S1闭合，S2断开时，电路为R2的简单电路，电流表测通过R2的电流；

当S1，S2都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路独