山西省太原市第一高级职业中学2022年度高三物理联考试卷含解析

山西省太原市第一高级职业中学2022年度高三物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.水平抛出一小球，t秒末速度方向与水平方向的夹角为θ1，(t+Δt)秒末速度方向与水平方向的夹角为θ2，忽略空气阻力作用，则小球的初速度大小是A.gΔt(cosθ2－cosθ1)

B.gΔt/(cosθ2－cosθ1)

C.gΔt/(tanθ2－tanθ1)

D.gΔt(tanθ2－tanθ1)参考答案：C2.如图所示，绳OA、OB等长，AO固定不动，将B端沿圆弧向C点缓慢移动，在此过程中，绳OB的拉力将：(

)A．由大变小

B．由小变大

C．先变大后变小

D．先变小后变大参考答案：D3.（单选）如图甲所示，某均匀介质中各质点的平衡位置在同一条直线上，相邻两点间距离为d。质点1开始振动时速度方向竖直向上，振动由此开始向右传播。经过时间t，前13个质点第一次形成如图乙所示的波形．关于该波的周期与波长说法正确的为A． B． C． D．参考答案：D4.用轻弹簧连接的A、B两小球质量分别为m和M(m<M)，静止在光滑水平面上。若使A球获得瞬时速度v(如图甲)，弹簧压缩到最短时的长度为L1；若使B球获得瞬时速度v(如图乙)，弹簧压缩到最短时的长度为L2，则L1与L2的大小关系为A.L1>L2 B.L1<L2C.L1=L2 D.不能确定参考答案：C【分析】当弹簧压缩到最短时，两球的速度相同，A、B两球组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律和能量守恒定律结合判断；【详解】当弹簧压缩到最短时，两球的速度相同，对甲图取A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：由机械能守恒定律得：。

联立解得弹簧压缩到最短时有：

同理：对乙图取B初速度方向为正方向，当弹簧压缩到最短时有：

故弹性势能相等，则有：，故ABD错误，C正确。【点睛】本题考查动量守恒定律及机械能守恒定律，要注意明确能量的转化情况，并掌握动量守恒的条件。5.（单选）如图所示，斜面体P放在水平面上，物体Q放在斜面上。Q受一水平作用力F，Q和P都静止。这时P对Q的静摩擦力和水平面对P的静摩擦力分别为f1、f2。现使力F变大，系统仍静止，则

(

)A．f1、f2都变大

B．f1变大，f2不一定变大C．f2变大，f1不一定变大

D．f1、f2都不一定变大参考答案：C静摩擦力是物体Q与斜面体P之间的相互作用力，求的变化情况，必须以的受力物体（或施力物体）为研究对象，本题以物体Q为研究对象较方便.设Q物体所受静摩擦力沿斜面向上，则Q物体的受力如图甲所示.由共点力平衡条件得由题意知

解得这表明f1方向沿斜面向下故的大小为当F增大时，的大小将增大是水平面对斜面体P的静摩擦力，是P、Q构成整体以外的物体对整体的作用力，宜用整体法分析.

以P、Q构成整体为研究对象，其受力情况如图乙所示.据共点力平衡条件得解得故F增大时，也一定增大。二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.雪在外力挤压下可形成冰，表明雪的密度

冰的密度（选填“大于”“等于”或“小于”）。小丽利用冰的密度，使用如下方法来估测积雪的密度：在平整地面的积雪上，脚向下用力踩在雪上，形成一个下凹的脚印，然后测量脚印的深度和

，根据冰的密度就可以估测雪的密度。参考答案：小于

积雪的深度7.某研究性学习小组进行了如下实验：如图所示，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满清水，水中放一个红蜡块做成的小圆柱体R。将玻璃管的开口端用胶塞塞紧后竖直倒置且与y轴重合，在R从坐标原点以速度v0=3cm/s匀速上浮的同时，玻璃管沿x轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动。同学们测出某时刻R的坐标为（4，6），此时R速度大小为______cm/s，R在上升过程中运动轨迹的示意图是_______。参考答案：5；D8.氡核（）发生衰变后变为钋（），其衰变方程为

▲

，若氡（）经过一系列衰变后的最终产物为铅（），则共经过

▲

次衰变，

▲

次衰变．参考答案：(2分)

4

(1分)；4

9.磁场对放入其中的长为l、电流强度为I、方向与磁场垂直的通电导线有力F的作用，可以用磁感应强度B描述磁场的力的性质，磁感应强度的大小B＝

，在物理学中，用类似方法描述物质基本性质的物理量还有

等。参考答案：答案：，电场强度解析：磁场对电流的作用力，所以。磁感应强度的定义是用电流受的力与导线的长度和通过导线的电流的比值，电场强度等于电荷受到的电场力与所带电荷量的比值。10.（4分）质子和ａ粒子从静止开始经相同的电势差加速后垂直进入同一匀强磁场做圆周运动，则这两粒子的动能之比Ｅk1：Ｅk2=

，周期之比T1：T2=

．参考答案：答案：1：2，1：211.一定质量的理想气体压强p与热力学温度T的关系图象如图所示，AB、BC分别与p轴和T轴平行，气体在状态A时的压强为p0、体积为V0，在状态B时的压强为2p0，则气体在状态B时的体积为

；气体从状态A经状态B变化到状态C的过程中，对外做的功为W，内能增加了ΔU，则此过程气体

（选填“吸收”或“放出”）的热量为

．参考答案：v0/2

(1分)

吸收(1分)

△U+W12.如图所示，水平轻杆CB长1m，轻杆与墙通过转轴O连接．现在离B点20cm处D点挂一重50N的物体，则绳AB中的拉力为[番茄花园22]

_______N；O对C的作用力的方向沿________________（填“水平”、“斜向上”、“斜向下”）

参考答案：13.用多用电表测电阻每次选择倍率后，都必须手动进行电阻_________。下图是测某一电阻时表盘指针位置，是用1×100的倍率则此电阻的阻值为__________.为了提高测量的精度，应选择___________的倍率更好.（从×1、×10、×1K中选取）参考答案：用多用电表测电阻每次选择倍率后，都必须手动进行欧姆调零。欧姆表表盘读数为4.5Ω，由于选择的是“×l00”倍率，故待测电阻的阻值是450Ω。为了提高测量的精度，应使表针指在中间位置附件，故选择“×l0”的倍率更好。三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.一列简谐横波在t=时的波形图如图（a）所示，P、Q是介质中的两个质点，图（b）是质点Q的振动图像。求（i）波速及波的传播方向；（ii）质点Q的平衡位置的x坐标。参考答案：（1）波沿负方向传播；

（2）xQ=9cm本题考查波动图像、振动图像、波动传播及其相关的知识点。（ii）设质点P、Q平衡位置的x坐标分别为、。由图（a）知，处，因此

④由图（b）知，在时Q点处于平衡位置，经，其振动状态向x轴负方向传播至P点处，由此及③式有⑤由④⑤式得，质点Q的平衡位置的x坐标为

⑥15.如图，光滑绝缘底座上固定两竖直放置、带等量异种电荷的金属板a、b，间距略大于L，板间电场强度大小为E，方向由a指向b，整个装置质量为m。现在绝绿底座上施加大小等于qE的水平外力，运动一段距离L后，在靠近b板处放置一个无初速度的带正电滑块，电荷量为q，质量为m，不计一切摩擦及滑块的大小，则(1)试通过计算分析滑块能否与a板相撞(2)若滑块与a板相碰，相碰前，外力F做了多少功;若滑块与a板不相碰，滑块刚准备返回时，外力F做了多少功?参考答案：（1）恰好不发生碰撞（2）【详解】(1)刚释放小滑块时，设底座及其装置的速度为v由动能定理：放上小滑块后，底座及装置做匀速直线运动，小滑块向右做匀加速直线运动当两者速度相等时，小滑块位移绝缘底座的位移故小滑块刚好相对绝缘底座向后运动的位移，刚好不相碰(2)整个过程绝缘底座位移为3L则答：(1)通过计算分析可各滑块刚好与a板不相撞；(2)滑块与a板不相碰，滑块刚准备返回时，外力F做功为3qEL。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻的波形如图所示，处于x1=2m位置的质点a经过0.3s第一次到达波峰位置，质点b在x2

=8m处，求：①该列波的波速；②质点b刚开始振动时的运动方向和第一次到达波峰的时刻．参考答案：①a点开始向下运动，经T到达波峰t1=T

T=0.4s

v==10m/s②质点b刚开始振动时的运动方向沿y轴向上．质点b第一次到达波峰时，波传播的位移为x=5mt2==0.5s17.如图所示，有一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的A点以v0=3m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板．已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.3，圆弧轨道的半径为R=0.5m，C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=53°，不计空气阻力，取重力加速度为g=10m/s2.求：⑴AC两点的高度差；⑵小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；⑶要使小物块不滑出长木板，木板的最小长度．（）参考答案：⑴小物块在C点时的速度大小为

vC==5m/s，竖直分量为

vCy=4m/s（2分）

下落高度

h=vCy2/2g=0.8m

（2分）⑵小物块由C到D的过程中，由动能定理得：mgR(1–cos53°)=mv–mv

（2分）解得vD=m/s（1分）小球在D点时由牛顿第二定律得：FN–mg=m

（2分）代入数据解得FN=68N

（1分）由牛顿第三定律得FN′=FN=68N，方向竖直向下（2分）⑶设小物块刚滑到木板左端达到共同速度，大小为v，小物块在木板上滑行的过程中，对物块和木板系统，由动量守恒定律得：（2分）【或：由牛顿第二定律得：小物块与长木板的加速度大小分别为：a1=μg=3m/s2，a2==1m/s2（1分）速度分别为

v=vD–a1t，v=a2t

（1分）】对物块和木板系统，由能量守恒定律得：μmgL=mv–(m＋M)v2

（2分）解得L=3.625m，即木板的长度至少是3.625m（2分）18.一质点由静止开始从A点向B点作直