2022-2023学年四川省遂宁市遂宁高级实验学校高二年级上册学期期中数学（文）试题【含答案】

2022-2023学年四川省遂宁市遂宁高级实验学校高二上学期期中数学（文）试题一、单选题1．直线的倾斜角为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】由直线方程求出斜率，根据斜率求出倾斜角.【详解】设直线倾斜角为，由，可得，所以斜率为，由，可知倾斜角为.故选：D.2．以点为圆心且与直线相切的圆的方程是A． B．C． D．【答案】C【详解】试题分析：由题意，因此圆方程为．【解析】圆的标准方程．3．已知直线与直线平行，则实数的值为（

）A． B． C． D．0【答案】C【分析】由直线的位置关系列式求解，【详解】由题意知，则，得，经检验，时，故选：C4．在正方体中，P为的中点，则直线与所成的角为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】平移直线至，将直线与所成的角转化为与所成的角，解三角形即可.【详解】如图，连接，因为∥，所以或其补角为直线与所成的角，因为平面，所以，又，，所以平面，所以，设正方体棱长为2，则，，所以.故选：D5．关于直线、与平面、，有以下四个命题：①若，且，则；②若，且，则；③若，且，则；④若，且，则.其中真命题的序号是（

）A．①② B．③④ C．①④ D．②③【答案】D【分析】根据①②③④中的已知条件判断直线、的位置关系，可判断①②③④的正误.【详解】对于①，若，且，则与平行、相交或异面，①错误；对于②，如下图所示：设，因为，在平面内作直线，由面面垂直的性质定理可知，，，，，，因此，，②正确；对于③，若，，则，因为，过直线作平面使得，由线面平行的性质定理可得，，，则，因此，③正确；对于④，若，且，则与平行、相交或异面，④错误.故选：D.【点睛】方法点睛：对于空间线面位置关系的组合判断题，解决的方法是“推理论证加反例推断”，即正确的结论需要根据空间线面位置关系的相关定理进行证明，错误的结论需要通过举出反例说明其错误，在解题中可以以常见的空间几何体（如正方体、正四面体等）为模型进行推理或者反驳．6．方程表示的曲线为（

）A．圆 B．圆的右半部分C．圆 D．圆的上半部分【答案】D【分析】平方后可判断曲线的形状.【详解】因为，所以，即，故方程表示的曲线为圆的上半部分.故选：D.7．若、满足约束条件，则的最大值为（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】作出不等式组所表示的可行域，平移直线，找出使得该直线在轴上截距最大时对应的最优解，代入目标函数即可得解.【详解】作出不等式组所表示的可行域如下图所示：联立可得，即点，平移直线，当该直线经过可行域的顶点时，直线在轴上的截距最大，此时取最大值，即.故选：C.8．已知实数满足，那么的最小值为（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】将配方得，由几何意义可知，表示直线上的动点与的距离的平方，根据点到直线的距离公式计算点到直线的距离，即可求解出最小值.【详解】由可得，可以看作直线上的动点与的距离的平方，又因为点与的最小距离为到直线的距离，为，故的最小值为.故选：A.9．已知三棱锥的底面是正三角形，平面，且，则直线与平面所成角的正弦值为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】如图所示，连接各线段，证明平面，得到即为直线与平面所成角，再计算线段长度得到答案.【详解】如图所示：为中点，连接，，作于.平面，平面，故，，，故平面，平面，故，又，，故平面，即即为直线与平面所成角.设，则，，故.故选：B10．已知函数，若，且，则坐标原点O与圆的位置关系是（

）A．点O在圆内 B．点O在圆上 C．点O在圆外 D．不能确定【答案】C【分析】画出分段函数的图象，求出关系，进而根据点与圆的位置关系定义，可得答案．【详解】画出的图象如图：，且，且，，，得，即，则，（当且仅当时，取得等号，故等号取不到），圆，圆心坐标，半径为，坐标原点到圆心的距离，故坐标原点在圆外.故选：C．11．已知实数，满足：，则的取值范围为（

）A．， B．， C．， D．，【答案】A【分析】确定圆心和半径，将题目转化为点和点直线的斜率，画出图像，计算角度，计算斜率得到答案.【详解】表示圆心为，半径的圆，表示点和点直线的斜率，如图所示：直角中，，故，，故，同理可得，对应的斜率为和.故，故选：A12．已知圆C：，圆M：，过圆M上任意一点P作圆C的两条切线PE、PF，切点分别为E、F，则的最小值是（

）A． B．3 C． D．【答案】C【分析】设，利用勾股定理以及二倍角公式可得，设，令（），利用函数的单调性即可求出的最小值．【详解】由题意知，圆的圆心为，半径为1，圆的圆心，半径为2，所以，∴，即，设，∴，，，，则，设，，令，，∴，即当时，单调递增，∴当时，取最小值，即的最小值为．故选：C．二、填空题13．过点且与直线平行的直线的方程是__________________.【答案】【分析】设与直线平行的直线的方程为，代点P计算即可.【详解】设与直线平行的直线的方程为，代入点得，解得所以过点且与直线平行的直线的方程是故答案为：14．已知直线过点，且斜率为1，若圆上恰有3个点到的距离为1，则的值为__________.【答案】【分析】由于圆上恰有3个点到的距离为1，则圆心到直线的距离等于半径减去1，列方程即可求解．【详解】由于直线过点且斜率为1，则直线，圆上恰有3个点到的距离为1，圆心到直线的距离等于半径减去1，圆心到直线的距离为，解得，因为，所以.故答案为：.15．已知正方体的棱长为2，点M、N在正方体的表面上运动，分别满足：，平面，设点M、N的运动轨迹的长度分别为m、n，则_______________.【答案】##【分析】的轨迹为半径为2的球与正方体表面的交线，即3个半径为2的圆弧，要满足平面，则N在平行于平面的平面与正方体表面的交线上，可证得为，最后求值即可得【详解】点M、N在正方体的表面上运动，由，则的轨迹为半径为2的球与正方体表面的交线，即3个半径为2的圆弧，故.正方体中，平面，平面，故平面平面，当在上时，即满足平面且N在正方体的表面上，故，故.故答案为：16．在棱长为1的正方体中，为底面的中心，是棱上一点，且，，为线段的中点，给出下列命题：①四点共面；②三棱锥的体积与的取值有关；③当时，；④当时，过三点的平面截正方体所得截面的面积为.其中正确的有__________（填写序号）.【答案】①③【分析】对于①，根据相交直线确定唯一平面即可判断；对于②，转化顶点即可判断；对于③，建立空间直角坐标系，当时，即可判断；对于④，当时，为的中点，过作且，则易证，易得过三点的平面截正方体所得截面为等腰梯形，再计算等腰梯形的面积即可判断.【详解】对于①，易知，因为，所以四点共面，故①正确；对于②，因为三棱锥的体积等于三棱锥的体积，又易知到底面的距离等于定值，而的面积一定，所以三棱锥的体积为定值，故②错误；对于③，建立如图所示空间直角坐标系，所以由题知，,所以,因为，所以,所以，当时，，解得所以与重合，所以，故③正确；对于④，当时，为的中点，过作且，则易证，所以易得过三点的平面截正方体所得截面为等腰梯形，又易知，从而可得等腰梯形的高为，所以截面等腰梯形的面积为，故④错误、故答案为：①③三、解答题17．已知直角坐标平面内的两点，.(1)求线段的中垂线所在直线的方程；(2)一束光线从点射向轴，反射后的光线过点，求反射光线所在的直线方程.【答案】(1)(2)【分析】（1）求出的中点坐标及中垂线的斜率，进而求出方程；（2）求出关于轴对称点的坐标，即可求反射光线所在的直线方程．【详解】（1）∵，∴中点为.且.∴线段的中垂线的斜率为1，∴由直线方程的点斜式可得线段的中垂线所在直线方程为即.（2）∵关于轴的对称点，∴所以直线的方程为：，即反射光线所在的直线方程为18．已知圆过两点，，且圆心在直线上．(1)求该圆的方程；(2)求过点的直线被圆截得弦长最小时的直线的方程．【答案】(1)(2)【分析】（1）求出的中垂线，根据求出圆心坐标，求出半径即可得解；（2）直线被圆截得的弦长最小时是垂直于圆的直径所在的直线，求出直线方程.【详解】（1）解：因为圆过两点，，设的中点为，则，因为，所以的中垂线方程为y-2=(x-0)，即，又因为圆心在直线上，，解得，圆心，，故圆的方程为．（2）解：因为直线被圆截得弦长最小时CP⊥，由过点，的斜率为，=-1，所以直线的方程为，故直线的方程为．19．已知四面体中面，，垂足为，，为中点，,（1）求证：面；（2）求点到面的距离．【答案】（1）见解析；（2）【分析】（1）证明线面平行,需先证明线线平行,可从三角形的中位线定理证明线线平行,从而再证线面平行.（2）求点到面的距离用等体积法,由,分别算出、,建立体积等式关系即可求到面的距离．【详解】、（1）因为,所以为中点,又因为是中点,所以,而面,面,所以面.（2）由已知得,,,所以三角形为直角三角形其面积,三角形的面积设点到面的距离为,因为,即解得,所以点到面的距离为.【点睛】（1）线面平行的判定定理是：若平面外的一条直线与平面内的一条直线平行,那么这条直线与这个平面平行,即.（2）用等体积法求点到平面的距离主要是一个转换的思想,先用简单的方法求出四面体的体积,然后计算出底面三角形的面积,再根据四面体体积公式V=-Sh求出点到平面的距离.20．如图，C、D是以AB为直径的圆上两点，AB=2AD=2，AC=BC，F是AB上一点，且AF=AB，将圆沿直径AB折起，使点C在平面ABD的射影E在BD上，已知：,

（1）求证：AD⊥平面BCE；（2）求三棱锥A﹣CFD的体积．【答案】（1）见解析；（2）.【分析】（1）根据直径所对的圆周角为直角，得到AD⊥BD，结合CE⊥平面ADB得AD⊥CE，所以AD⊥平面BCE；（2）由已知条件求出F到AD的距离等于E到AD的距离，由VA﹣CFD＝VC﹣AFD，利用等积法能求出三棱锥A﹣CFD的体积．【详解】（1）证明：依题AD⊥BD，∵CE⊥平面ABD，∴CE⊥AD，∵BD∩CE=E，∴AD⊥平面BCE．（2）由（2）知AD∥EF，AD⊥ED，且ED=BD﹣BE=1，∴F到AD的距离等于E到AD的距离为1．∴S△FAD==．∵CE⊥平面ABD，∴VA﹣CFD=VC﹣AFD===．【点睛】求解空间几何体体积的常用策略：（1）公式法：对于规则几何体的体积问题，直接利用公式即可破解；（2）切割法：对于不规则的几何体，可以将其分割成规则的几何体，再利用公式分别求解之后进行相加求和即可；（3）补形法：同样对于不规则的几何体，还可以将其补形成规则图形，求出规则几何体的体积后减去多于部分即可求解，但需注意的是补形后多于部分的几何体也应该是规则的，若不是规则的，此方法不建议使用.（4）等体积法：一个几何体无论怎样变化，其体积是不会发生变化的.如果遇到一个几何体的底面面积和高较难求解时，常常采用此种方法进行解题.21．如图，在平面直角坐标系中，已知以为圆心的圆及其上一点．(1)设圆N与x轴相切，与圆M外切，且圆心N在直线x＝6上，求圆N的标准方程；(2)设平行于OA的直线l与圆M相交于B，C两点，且BC＝OA，求直线l的方程．【答案】(1)(2)或【分析】（1）设，则圆为：，，从而得到，由此能求出圆的标准方程．（2）由题意得，，设，则圆心到直线的距离：，由此能求出直线的方程．【详解】（1）解：在直线上，设，圆与轴相切，圆为：，，又圆与圆外切，圆，即圆，圆心，半径；，解得，圆的标准方程为．（2）解：由题意得，，设，则圆心到直线的距离：，则，，即，解得或，直线的方程为：或．22．已知过原点的动直线与圆相交于不同的两点，．（1）求圆的圆心坐标；（2）求线段的中点的轨迹的方程；（3）是否存在实数，使得直线与曲线只有一个交点？若存在，求出的取值范围；若不存在，说明理由．【答案】（1）；（2）；（3）存在，或．【分析】（1）通过将圆的一般式方程化为标准方程即得结论；（2）设当直线的方程为y=kx，通过联立直线与圆的方程，利用根的判别式大于0、韦达定理、中点坐标公式