2019届江西省南昌市高三三模理综物理试题(解析版)

---A.A点到O点的距离小于3.2mB.从B点释放后滑块运动 最大动能为9JC.从B点释放滑块被弹簧弹回经过 A点的动能小于1JD.从B点释放弹簧最大弹性势能比从 A点释放增加了1J【详解】物块从O占时开始压缩弹箸弹力逐萨开始阶段弹箸于滑块的重力沿斜面向下的分R,\加十■ 7八、、tJ,IKU/—la^IHJ十,J十，J V,JI\JI•CX►J十yJ7JIE夕，HJ i目ZJ'HM=l|IFIHJ八TOC\o"1-5"\h\z力物块做加速运动后来弹箸的弹力上于滑赢重力mw向下的物块a速运动所以物块先做,, . , , ,XA=3.2m,实加速运动后做减速运动弹箸的弹力笑■块的重力沿余卞的时物块的速度最忆寸程中,H,• ■, ,J/I~IIrxv,ry''i.r~~l -,,J ,JI r-iJJ|XV 、J 'S/、IJ.~~I~~./-v II_I<J'I -JIIJy 厂-JIG'S/、XA=3.2m,实动的位移为Xa根据能量守恒可知Ek.EpnmgXA.O”，动能为8J，若Ep=0，则解得际若匚n>0斫以A占到C占的距离・勒•物块日寸弹籍■性用酢为阳、4Ep>01r）\AAAx\士1JOAx\口J上hi—y<J^^^^^^B^H^^M^^^I,汉仪史夕J1^^^^:口」冲更口I土力日匕ZVEp.从A释放到动能最大的过程，由系统的机械能守，■: Ek1—p=mgxEp.从A释放到动能最大的过程，由系统的机械能守，■: Ek1—p=mgxAsi・0”从B.到动能最大的过程，由系统的机械能守恒得：Ek2+Ep=mgXBsin30且，xA=0.4m所以得从・释放滑块最大动能为：pEk2=Eki+mg（XB-Xa）sin30=8..5父10父0.4.5=9J故b正确；根守恒可知，从从B点释■・放滑块被弹簧弹回经过A点时：Ek=mg（XB-Xa）sin30=1J,故c锚!6^据物块和弹簧的系统机械能守恒知，弹簧最大弹性势能等于物块减少的重力势能，由于从 B点释放弹簧的压缩量增大，所以从B点释放弹簧最大弹性势能比从 A点释放增加为：AEp>mg（XB—xa）sin30°=0.5Ml0M0.4M0.5J=1J故d错误；故选B三、非选择题：包括必做题和选做题两部分。第 22题一第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题一第38题为选做题，考生根据要求做答。9.某同学用图所示的 “碰撞实验装置”研究直径相同的两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。①在实验中小球速度不易测量，可通过仅测量解决这一问题。A.小球做平抛运动的时间B.小球做平抛运动的水平距离C.小球做平抛运动的初始高度D.小球释放时的高度②图中PQ是斜槽，QR为水平槽，R为水平槽末端。利用铅垂线在记录纸上确定 R的投影点O。实验时先使A球从斜槽上G处由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹；此后，再把B球放在R处,将A球再从G处由静止释放，与B球碰撞后在记录纸上分别留下 AB两球落点痕迹。由测量可知，碰撞前A球做平抛运动的水平距离为 X0；碰撞后，A、B两球做平抛运动的水平距离分别为 xi、X2。用天平称量A、B两球的质量分别为n、G。若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为(用题目给出的物理量符号表示)。【答案】 (1).B;(2). mAX0"mAXimBX2；【解析】(1)因为平抛运动的速度等于射程与落地时间的比值， 而当高度一定时，落地时间一定，所以可以测量射程代替速度，故选B；(2)要验证动量守恒定律定律，即验证： mAVi=mAV2+mBV3,小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间 t相等，上式两边同时乘以t得，m1v1t=m1v2t+m2v3t,若两球相碰前后的动量守恒，得： mAXo=mAX1mBX210.某物理实验小组利用实验室提供的器材测量一螺线管两接线柱之间金属丝的长度。可选用的器材如下:A.待测螺线管L:绕制螺线管的金属丝电阻率为 P,阻值约50Q；B.电流表A量程为10mA内阻R约40c;C.电流表A2量程为500A，内阻r2=750C；D.电压表V量程为10V,内阻为10kQ；

E.定值电阻R：阻值为100Q；F.滑动变阻器R2：总阻值约为10Q;G.电源E：电动势约为2.0V,内阻忽略不计;H.开关一个及导线若干。(1)实验中用螺旋测微器测得金属丝的直径如图所示。其示数D=m;2TOC\o"1-5"\h\z(2)为了尽可能准确的测量Rl,要求便于实验测量且电表指针偏转范围较大且至少要达到满刻度的 一3请你设计适合的电路，将你设计的电路画在虚线框中，并标明所用器材的代号。2,二12r2DL二 4：112,二12r2DL二 4：112【答案】(1). 0.700X10^(2). T(3)・-心 T 【解析】【详解】(1)螺旋管主尺上的读数为 0.5mm,分尺上的t实数为 20.0M0.01mm=0.200mm,所以直径为_ ____ _一_ _一_ 30.50.200=0.700mm=0.70010m(2)由于滑动变阻器的电阻小于待测电阻， 所以要准确测量，电路应该采用分压接法， 由于电压表的量程太大，所以不选用电压表，由于两电流表的满偏电压分别为U1=1福=0.4V,U2=I2「2=0.375V可将待测电阻与电流表A2并联再与A串联，如图所示：

(3)根据电路结构可知I1(3)根据电路结构可知I1=I2. pL12r2 R=-+餐结合 1n2\o"CurrentDocument"R 丁D二12r2D2解得：L)——港—4?I1-I211.一质量m=0.2kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为 37。足够长的斜面，某同学利用DIS实验系统测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，如图所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程速度 v随时间t变化的v—t图像。已知sin370=0.6,gB10m/s2°v/nts1(1)滑块与斜面间的动摩擦因数；(2)滑块重新回到斜面底端的动能。【答案】(1)R=0.25；⑵Ek=1.25J【解析】【详解】(1)由图像可得物体沿斜面向上运动的加速度大小 a=—,解得：a=8m/s2△t根据牛顿运动定律可得： mgsin@十NmgcosH=ma,解得N=0.25；2(2)物体上滑的最大位移为： x=.,2a根据动能定理可得： mgxsin9一^mgcos^x=Ek,解得Ek=1.25J12.如图所示，质量为2m半圆弧形绝缘凹槽放置在光滑的水平面上，凹槽部分放有 cd和4两个光滑圆

形导轨，c与e端由导线连接，一质量为m的导体棒自ce端的正上方h处平行ce端进入凹槽，整个装置处于范围足够大的竖直方向的匀强磁场中，导体棒在槽内运动过程中与导轨接触良好。已知磁场的磁感应强度B,导轨的间距与导体棒的长度均为 L,导轨的半径r,导体棒的电阻R,其余电阻均不计，重力加速度g,不计空气阻力。则导体棒刚进入凹槽时所受的安培E=mghr根据能量守恒可得导体棒克服安培力做功为W=AE,即W=mg(h则导体棒刚进入凹槽时所受的安培E=mghr根据能量守恒可得导体棒克服安培力做功为W=AE,即W=mg(h+r)；(3)设导体棒第一次通过轨道最低点速度为U额_——，凹槽速度为u,则mv—2mu=0,根据能量守恒可知:Ro. 1 2 1 2 -mg(h+r)=&mv+-2mu+Q,电路中感应电动势 ：E=BL(v+u),E2回路中感应电流的电功率为 ：P=——，解得P=3B2L2||mghr-QmR(1)求导体棒刚进入凹槽时速度和所受安培力的大小；(2)求导体棒从开始下落到最终静止的过程中克服安培力做的功；(3)若导体棒从开始下落到第一次通过导轨最低点的过程中产生的热量为 Q,求导体棒第一次通过最低点时回路中的电功率。【答案】(1)v=J2gh,F=BIL=0(2)W=mg(h+r)；(3)P=3BLmg(h+r)-Q|mR【解析】【详解】(1)设导体棒刚进入凹槽时的速度为 U邈，根据动能定理可知：mgh=-mv2,解得：v=/须，Ro 2此时感应电动势大小为E=BLv।=0感应电流的大小为I=旦=0— R力大小为F-BIL=0(2)导体棒最终静止在凹槽轨道最低点，这一过程系统机械能减少为:13.下列有关分子动理论和物质结构的认识，其中正确的是A.分子间距离减小时分子势能一定减小B.温度越高，物体中分子无规则运动越剧烈C.温度越高，物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例越大D.分子间同时存在引力和斥力，随分子距离的增大，分子间的引力和斥力都会减小E.非晶体的物理性质是各向同性而晶体的物理性质都是各向异性【答案】BCD【解析】当分子力表现为斥力时，分子力随分子间距离的减小而增大，间距减小斥力做负功分子势能增大，分子间距的增大时反之，A错误；物体的温度越高，分子热运动的平均动能增大，物体中分子无规则运动越剧烈，B正确；根据麦克斯韦统计规律可知，温度越高，物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例越大， C正确；分子间距离增大时，斥力和引力都减小，分子间距离减小时，斥力和引力都增大，但斥力增大的快，D正确；多晶体的物理性质各向同性，故E错误..农药喷雾器的原理如图所示， 储液筒与打气筒用软细管相连， 先在桶内装上药液，再拧紧桶盖并关闭阀门K,用打气筒给储液筒充气增大储液筒内的气压，然后再打开阀门，储液筒的液体就从喷雾头喷出，已知储液筒容器为10L（不计储液筒两端连接管体积），打气筒每打一次气能向储液筒内压入空气 200mL现在储液筒内装入8L的药液后关紧桶盖和喷雾头开关，再用打气筒给储液筒大气。 （设周围大气压恒为1个标准大气压，打气过程中储液筒内气体温度与外界温度相同且保持不变）桶盖喷雾头储液桶①要使贮液筒内药液上方的气体压强达到 3atm,打气筒活塞需要循环工作的次数;②打开喷雾头开关K直至储液筒的内外气压相同，储液筒内剩余药液的体积。【答案】⑴20 （2）4L【解析】①设需打气的次数为n,每次打入的气体体积为Vo,储液桶药液上方的气体体积为V,则开始打气前:储液筒液体上方气体的压强： P=P0=1atm气体的体积为：V1=V・nV0打气完毕时，储液筒内药液上方的气体体积为： V2=V,压强为巳=3atm打气过程为等温变化，所以： PV1=P2V2代入数据解得：n=20②打开喷雾头开关K直至贮液筒内外气压相同时，设储液筒上方气体的体积为 V3,此过程为等温变化，所以：P3V3=PM代入数据解得：V3=3Vi=6L所以喷出的药液的体积V.=V3-V=4L.如图甲所示为一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图。图乙表示该波传播的介质中 x=2m处的a质点从t=0时刻起的振动图象。则下列说法正确的是A.波传播的速度为20m/sB.波沿x轴负方向传播t=0.25s时，质点a的位移沿y轴负方向t=0.25s时，x=4m处的质点b的加速度沿y轴负方向E.从t=0开始，经0.3s,质点b通过的路程是6m【答案】ACD【解析】试题分析：本题要在乙图上读出 a质点在t=0时刻的速度方向，在甲图上判断出波的传播度方向；由甲图读出波长，由乙图读出周期，即求出波速和频率.4由乙图知，质点的振动周期为T=0.2s,由甲图知，波长九=4m,则波速为v=一=±=20m/s,AT0.2正确；由乙图知，t=0时刻，质点a向下运动，根据甲图可知，该波沿 x轴正方向传播，B错误；由乙图知，质点的振动周期为T=0.2s,所以质点A在t=0.25s的时刻的振动情况与t=0.05s时刻的振动情况相同，即处于负的最大位移处，所以 a的位移沿y轴负方向，C正确；由图甲可知，a质点和b质点的平衡位置相距半个波长，振动情况总是相反，所以在振动过程中任意时刻的位移都相反，所以质点 b处于正的最大位移处，加速度沿y轴负方向，D正确；因为0.3s=1.5T,则$=口父4A=15父4M02W2m,E错误.16.如图所示，在平静的湖面岸边处，垂钓者的眼睛恰好位于岸边P点正上方0.9m高度处，浮标Q离P点1.2m远，鱼饵灯M在浮标正前方1.8m远处的水下，垂钓者发现鱼饵灯刚好被浮标挡住，已知水的折射率n=4。3ta，—■■--g.2nrfe1«8nr*!rM①求鱼饵灯离水面的深度；②若鱼饵灯缓慢竖直上浮，当它离水面多深时，鱼饵灯发出的光恰好无法从水面 PQ间射出？【答案】①2.4m②1.6m【解析】试题分析：①作出光路图，由几何知识得出入射角的正弦值与折射角的正弦值，再结合折射定律求鱼饵灯离水面的深度；②若鱼饵灯缓慢竖直上浮， 水面PQ间恰好无光射出时，光在水面恰好发生了全反射， 入射1角等于临界角C.由sinC=」求出临界角C,再由数学知识求解。n①由题意可得，鱼饵灯发出的光传播的光