河北省承德市隆化县存瑞中学-学年高一物理下学期第二次质检试卷(含解析)

2021-2021学年河北省承德市隆化县存瑞中学高一〔下〕第二次质检物理试卷一、选择题，此题共16小题，每题3分，共48分.1-10题为单项选择题，11-16为多项选择题.1•关于力对物体做功，以下说法正确的选项是〔 〕—对作用力和反作用力在相同时间内做的功一定大小相等，正负相反不管怎样的力对物体做功，都可以用 W=Flcosa计算合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动滑动摩擦力和静摩擦力都可以对物体做正功或负功或不做功关于功率，以下说法正确的选项是〔 〕由P—可知，只要知道W和t的值就可以计算出任意时刻的功率由P=Fv可知，汽车的功率一定与它的速度成正比由P=Fv可知，牵引力一定与速度成反比当汽车P一定时，牵引力一定与速度成反比假设物体在运动过程中受到的合外力不为零，那么〔 〕物体的动能不可能总是不变的物体的加速度一定变化物体的速度方向一定变化物体所受合外力做的功可能为零汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在 t1时刻司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到 t2时刻汽车又开始做匀速直线运动〔设整个过程中汽车所受的阻力不变〕•那么在t1〜t2的这段时间内〔 〕汽车的加速度逐渐减小 B.汽车的加速度逐渐增大汽车的速度先减小后不变 D.汽车的速度逐渐增大以下关于重力势能的说法中正确的选项是〔 〕物体的位置一旦确定，它的重力势能的大小也随之确定物体与零势能面的距离越大，它的重力势能也越大C一个物体的重力势能从- 5J变化到-3J，重力势能变大了重力势能减小时，重力对物体做正功关于弹簧的弹性势能，以下说法中正确的选项是〔 〕当弹簧变长时，它的弹性势能一定增大当弹簧变短时，它的弹性势能一定变小在拉伸长度相同时，k越大的弹簧，它的弹性势能越大弹簧在拉伸时的弹性势能一定大于压缩时的弹性势能如下图，小明玩蹦蹦杆，在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明的重力势能、弹簧的弹性势能的变化是•••〔 〕

重力势能减小，弹性势能增大重力势能增大，弹性势能减小重力势能减小，弹性势能减小重力势能不变，弹性势能增大&以下哪些现象属于能量的耗散〔 〕利用水流能发电产生电能B.电能在灯泡中变成光能电池的化学能变成电能D.火炉把屋子烤暖如图，质量为m的物体P放在光滑的倾角为0的斜面体上，同时用力F向右推斜面体,使P与斜面体保持相对静止，在前进水平位移为S的过程中，斜面体对P使P与斜面体保持相对静止，在前进水平位移为S的过程中，斜面体对P做功为〔A.FSB.C.mgScosOD.mgStan0如下图，小球m分别从A点和B点无初速地释放，那么经过最低点C时，小球的速率之比Vi:V2为〔空气阻力不计〕〔 〕1: =B. '■：:1C.2:1D.1:2以下物体中，机械能守恒的是〔 〕做平抛运动的物体被匀速吊起的集装箱光滑曲面上自由运动的物体4g|以 的加速度竖直向上做匀减速运动的物体5一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从 t=0时起，第1秒内受到2N的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1N的外力作用.以下判断正确的选项是〔 〕90〜2s内外力的平均功率是—W5第2秒内外力所做的功是亍J

第2秒末外力的瞬时功率最大第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是-二13•从地面竖直上抛一个质量为 m的小球，小球上升的最大高度为 H,设上升过程中空气阻TOC\o"1-5"\h\z力f恒定•对于小球从抛出到上升至最高处的过程，以下说法正确的选项是〔 〕小球的动能减少了mgH小球的机械能减少了fH小球的重力势能增加了 mgH小球的加速度大于重力加速度 g14.同步卫星离地心距离为r，运行速率为vi,加速度为ai;地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为V2，地球半径为R,那么以下比值正确的选项是〔 〕A.()A.()15.如下图，物体受到二个水平恒力从A点运动到B点的过程中，位移为R和F作用，R和F2互相垂直，物体沿光滑水平面S15.如下图，物体受到二个水平恒力从A点运动到B点的过程中，位移为的功的表达式一定正确的选项是〔A>FiA>A十F?SB〔F1+F2〕SC.F£cosa+F2SsinaD—cosQ竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球， 用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如下图.那么迅速放手后〔不计空气阻力〕 〔 〕放手后瞬间小球的加速度等于重力加速度小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒小球机械能守恒小球下落过程中，小球动能与弹簧弹性势能之和不断增大二、实验题.本空2分，共14分.在“验证机械能守恒定律〞的实验中，假设重物质量为 0.50kg，选择好的纸带如下图，O点为第一个点，OA之间有几个点未画出.相邻两点时间间隔为 0.02s，长度单位是cm,g取9.8m/s2.那么：〔1〕打点计时器打下点B时，重物的速度vb= m/s;

J，动能的从起点O到打下点B的过程中，重物重力势能的减少量p=J，动能的增加量AEk= J(结果保存三位有效数字)•根据纸带提供的数据，重锤从静止开始到打出 B点的过程中，得到的结论113——>—4,86—7.0218•某兴趣小组通过物块在斜面上运动的实验，探究“合外力做功和物体速度 v变化的关系〞.实验开始前，他们提出了以下几种猜测：①W.•②Wv③wav1他们的实验装置如图甲所示， PQ为一块倾斜放置的木板，在Q处固定一个速度传感器，每次实验物体都从不同位置处由静止释放.(1)实验中是否需要测出木板与水平面的夹角?(1)实验中是否需要测出木板与水平面的夹角?Li、LLi、L2、L3、L4…，代表物体分别从不同V1、V2、V3、V4…，表示物体每次通过Q点的速度.实验次数12 34 •••LL1L2 L3L4 …VV1V2 V3V4 …他们根据实验数据绘制了如图乙所示的L-v图象，由图象形状得出结论论 vav2他们的做法是否适宜，并说明理由？ .(3)在此实验中，木板与物体间摩擦力大小 (选填“会〞或“不会〞)影响得出的探究结果.三、计算题•此题包括3小题，共38分•解容许写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.19•如下图，在离地面 H高水平台面上的A19•如下图，在离地面 H高水平台面上的A点，一个质量为m的物体以初速度Vo斜向上h高度处的B点时速度的大小.被抛出，不计空气阻力，求它到达抛出点下方20.如下图，质量m=1.0kg的物体从半径圆弧运动到顶点B.圆弧AB在竖直平面内，R=5m的圆弧的A端，在拉力F作用下从静止沿拉力F的大小为15N,方向始终与物体的运动方向一致.假设物体到达B点时的速度v=5m/s，圆弧AB所对应的圆心角0=60°,BO边在竖直方向上，取g=10m/s2.在这一过程中，求：重力mg做的功；拉力F做的功；Fn做的功;Fn做的功;Ff做的功.(4)圆弧面对物体的摩擦力21.小球自h=2m21.小球自h=2m的高度由静止释放，与地面碰撞后反弹的高度为3h4.设碰撞时没有动能的损失，且小球在运动过程中受到的空气阻力大小不变，求:小球受到的空气阻力是重力的多少倍？小球运动的总路程.四、附加题(共1小题，总分值0分)23.如下图，半径分别为R和r的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置在同一竖直平面上，轨道之间有一条水平轨道CD相通，一小球以一定的速度先滑上甲轨道，通过动摩擦因数为的CD段，又滑上乙轨道，最后离开两圆轨道，假设小球在两圆轨道的最高点对轨道的压力都恰好为零，试求CD段的长度.2021-2021学年河北省承德市隆化县存瑞中学高一〔下〕第二次质检物理试卷参考答案与试题解析一、选择题，此题共16小题，每题3分，共48分.1-10题为单项选择题，11-16为多项选择题.1•关于力对物体做功，以下说法正确的选项是〔 〕—对作用力和反作用力在相同时间内做的功一定大小相等，正负相反不管怎样的力对物体做功，都可以用 W=Flcosa计算合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动滑动摩擦力和静摩擦力都可以对物体做正功或负功或不做功【考点】功的计算.【分析】明确功的定义及求法，根据作用力与反作用力的性质结合功的公式可明确两力的功的性质；同时结合摩擦力的性质分析摩擦力做功的性质.【解答】解：A、功的大小取决于力及位移，故虽然作用力与反作用力大小相等，方向相反，但由于两受力物体的运动状态不同，位移不同；故做功不一定大小相等，方向相反；故 A错误；BW=FlC0Sa只能用来求恒力的功，无法求变力所做的功，故 B错误；C当力与速度方向相互垂直时，力不做功；但物体可以做圆周运动，故 C错误；D当力与位移同向时，力做正功；当力与位移反向时，力做负功；而滑动摩擦力与静摩擦力均可以与物体的运动方向相同或相反，故两种摩擦力均可以做正功或负功；故 D正确；应选：D.关于功率，以下说法正确的选项是〔 〕由P=可知，只要知道W和t的值就可以计算出任意时刻的功率111由P=Fv可知，汽车的功率一定与它的速度成正比由P=Fv可知，牵引力一定与速度成反比当汽车P一定时，牵引力一定与速度成反比【考点】功率、平均功率和瞬时功率.【分析】物体在单位时间所做的功叫功率， 功率大小与做功多少和所用时间都有关系； 在功率一定时，机器牵引力与运动速度成反比.【解答】解：A、公式P〒求的是这段时间内的平均功率，不能求瞬时功率，故 A错误；B据P=Fv知，当汽车牵引力一定时，汽车的功率与速度成正比，故 B错误；C因为功率等于牵引力与运动速度的乘积，当汽车功率一定时，牵引力与速度成反比，当功率不一定时，牵引力不一定与速度成反比，故 C错误；D在功率一定时，机器牵引力与运动速度成反比故 B正确.应选：D.假设物体在运动过程中受到的合外力不为零，那么〔 〕物体的动能不可能总是不变的物体的加速度一定变化物体的速度方向一定变化物体所受合外力做的功可能为零【考点】动能定理的应用．【分析】物体在运动过程中所受到的合外力不为零，根据合力是否做功，分析动能是否变化．根据牛顿第二定律分析加速度和速度是否变化．【解答】解：A、物体在运动过程中所受到的合外力不为零，假设合力总与速度垂直，合力不做功，由动能定理得知物体的动能不变，比方匀速圆周运动•故 A错误，故D正确.B物体在运动过程中所受到的合外力不为零，合力可能不变，也可能变，那么加速度可能不变，也可能变．故B错误．C力是改变物体速度的原因，合力不为零，物体的速度一定改变，但方向不一定改变•故C错误.应选：D．汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在 ti时刻司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到 t2时刻汽车又开始做匀速直线运动〔设整个过程中汽车所受的阻力不变〕•那么在ti〜t2的这段时间内〔 〕汽车的加速度逐渐减小B.汽车的加速度逐渐增大C.汽车的速度先减小后不变D.汽车的速度逐渐增大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，当汽车的功率减小一半，根据 P=Fv知，此时牵引力减小为原来的一半，汽车做减速运动，速度减小，那么牵引力增大，根据牛顿第二定律，知加速度减小，当牵引力增大到等于阻力时，又做匀速直线运动．【解答】解：当汽车的功率减小一半，根据 P=Fv知，此时牵引力减小为原来的一半，汽车做减速运动，速度减小，那么牵引力增大，根据牛顿第二定律，知加速度减小，当牵引力增大到等于阻力时，又做匀速直线运动.知在 ti〜t2的这段时间内汽车的加速度逐渐减小，速度逐渐减小.故A正确，BCD错误.应选：A5．以下关于重力势能的说法中正确的选项是〔 〕物体的位置一旦确定，它的重力势能的大小也随之确定物体与零势能面的距离越大，它的重力势能也越大一个物体的重力势能从-5J变化到-3J，重力势能变大了重力势能减小时，重力对物体做正功【考点】机械能守恒定律．【分析】物体由于被举高而具有的能叫做重力势能，重力势能 Ep=mgh，h为相对于零势能面的高度差；重力势能的大小与质量和高度两个因素有关．重力做功等于重力势能的改变量．【解答】解：A、重力势能具有相对性，某个物体处于某个位置，相对不同的参考平面具有不同的重力势能，故A错误；B重力势能盼mghh为相对于零势能面的高度差；重力势能的大小与质量和高度两个因素有关；如果在参考平面下方，越向下，重力势能越小；故 B错误；C重力势能可以为负，一个物体的重力势能从- 5J变化到-3J，说明物体克服重力做功重力势能变大，故C正确；D重力做功等于重力势能的减小量，故重力势能减小时重力做正功，故 D正确；应选：CD.6•关于弹簧的弹性势能，以下说法中正确的选项是〔 〕当弹簧变长时，它的弹性势能一定增大当弹簧变短时，它的弹性势能一定变小在拉伸长度相同时，k越大的弹簧，它的弹性势能越大弹簧在拉伸时的弹性势能一定大于压缩时的弹性势能【考点】机械能守恒定律；弹性势能.【分析】对于弹簧，当弹簧形变量越大，弹性势能越大.在拉伸长度相同时，k越大的弹簧,它的弹性势能越大•在拉伸长度相同时， k越大的弹簧，它的弹性势能越大.【解答】解：A、当弹簧变长时，它的弹性势能不一定增大，假设弹簧处于压缩状态时，弹簧的弹性势能减小•故A错误.B假设处于压缩状态时，弹簧变短时，弹簧的弹性势能增大•故 B错误.C由Ep=-—-一得知，在拉伸长度相同时， k越大的弹簧，它的弹性势能越大•故 C正确.D弹簧的弹性势能与弹簧的形变量有关，弹簧在拉伸时的弹性势能不一定大于压缩时的弹性势能•故D错误.应选C7.如下图，小明玩蹦蹦杆，在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明的重力势能、弹簧的弹性势能的变化是•••〔 〕重力势能减小，弹性势能增大重力势能增大，弹性势能减小重力势能减小，弹性势能减小重力势能不变，弹性势能增大【考点】功能关系；重力势能.【分析】重力势能的变化可根据重力做功判断；弹性势能的变化可根据弹簧的形变量的变化判断.【解答】解：在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，重力做正功，那么小朋友的重力势能减少.弹簧的形变量增大，其弹性势能增加，故 A正确，BCD昔误.应选：A.&以下哪些现象属于能量的耗散〔 〕A.利用水流能发电产生电能B.电能在灯泡中变成光能C.电池的化学能变成电能D.火炉把屋子烤暖【考点】能源的开发和利用.【分析】能量耗散的过程中能量向品质低的大气内能转变过程， 但是总的能量是守恒的，能量不能凭空产生，也不能凭空消失.

【解答】解：能源耗散是指将高品质的能源在利用过程中转化为了低品质的能量过程；故BD是能源耗散；应选：BD.9•如图，质量为m的物体P放在光滑的倾角为0的斜面体上，同时用力F向右推斜面体,使P与斜面体保持相对静止，在前进水平位移为S的过程中，斜面体对P做功为〔〕【考点】功的计算.【考点】功的计算.【分析】m与楔形物体相对静止，二者必定都向左加速运动.即 m的合外力方向水平向左,画出m的受力图，求出楔形物体对小物体的作用力，根据功的公式即可求解【解答】解：m与楔形物体相对静止，二者必定都向左加速运动.即 m的合外力方向水平向根据受力分析可得"=二所以支持力做的功为:W=Nssin所以支持力做的功为:W=Nssin0=mgstan0应选：D10.如下图，小球m分别从A点和B点无初速地释放，那么经过最低点C时，小球的速率之比Vi:V2为〔空气阻力不计〕〔 〕A.1: =B.:■::1C.2：1D.1：2【考点】机械能守恒定律；向心力.【分析】分别根据动能定理求出在不同位置释放时，到达 C点的速度，作出即可求出比值.12【解答】解：假设在A点释放，根据动能定理得： mgLh-「：假设在B点释放，根据动能定理得：ingKl-sin30fl〕三眄’'所以小球的速率之比为： .::1应选：B.11•以下物体中，机械能守恒的是〔做平抛运动的物体被匀速吊起的集装箱光滑曲面上自由运动的物体以丄的加速度竖直向上做匀减速运动的物体【考点】机械能守恒定律.【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹簧的弹力做功， 根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒.【解答】解：A、平抛运动的物体只受到重力的作用，所以机械能守恒•故 A正确.B被匀速吊起的集装箱，动能不变，重力势能增大；故机械能增大，故机械能不守恒，故B错误；C物体沿光滑曲面上自由下滑， 曲面的支持力不做功，只有重力做功，物体的机械能守恒.故C正确.D物体以a二二g的加速度竖直向上做匀减速运动，因 avg，根据牛顿第二定律得知，物体5受到的合力小于重力，必定受到向上的作用力，此作用力做正功，那么知物体的机械能增加，机械能不守恒.故D错误.应选：AC.一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从 t=0时起，第1秒内受到2N的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1N的外力作用.以下判断正确的选项是〔 〕90〜2s内外力的平均功率是一WQ第2秒内外力所做的功是十J4第2秒末外力的瞬时功率最大第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是-二5【考点】动能定理的应用；动量定理；功率、平均功率和瞬时功率.【分析】此题可由动量定理求得1s末及2s末的速度，再由动能定理可求得合力的功； 由功率公式求得功率；【解答】解：由动量定理Ft=mv2-mv求出1s末、2s末速度分别为：V1=2m/s、V2=3m/s1*由动能定理可知合力做功为w=^in/列.5J州4 5 9故0〜2s内功率是 ，故A正确；1s末、2s末功率分别为：P1=F1V1=4wP2=F2V2=3w故C错误；1 [—I J 1 2 士一第1秒内与第2秒动能增加量分别为： 一皿旳二戈J、—厲卩^—刁口朗I二2*5J，故第2s内外力所做的功为2.5J,B错误；而动能增加量的比值为4：5,故D正确；应选AD.从地面竖直上抛一个质量为 m的小球，小球上升的最大高度为 H,设上升过程中空气阻力f恒定.对于小球从抛出到上升至最高处的过程，以下说法正确的选项是〔 〕

小球的动能减少了mgH小球的机械能减少了fH小球的重力势能增加了 mgH小球的加速度大于重力加速度 g【考点】牛顿第二定律；重力势能.【分析】重力做功不改变物体机械能，重力做功只使物体动能转化为重力势能或重力势能转化为动能；空气阻力做功使物体机械能减少，减少的机械能等于克服空气阻力做的功.【解答】解：A、由动能定理可知，小球动能的减少量等于合外力做的功，即：AE k=〔mg+f〕H,故A错误；B小球机械能的减少量等于重力以外的力做功，即克服空气阻力做的功， W=fH，那么机械能减少fH，故B正确；C小球上升的最大高度为 H,那么重力势能增加mgHC正确；D根据牛顿第二定律：mg+f=ma得：a=g4>g,故D正确；rn应选：BCD14.同步卫星离地心距离为14.同步卫星离地心距离为r，运行速率为vi,加速度为ai;地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为V2,地球半径为R,那么以下比值正确的选项是〔A.—=話.—R)A.—=話.—R)1T【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用.【分析】求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用的物理量表示出来， 再进行之比.运用万有引力提供向心力列出等式和运用圆周运动的物理量之间的关系列出等式解决问题.【解答】解：A、B因为地球同步卫星的角速度和地球赤道上的物体随地球自转的角速度相同,由ai=由ai=32r,a2=32R可得,B错误; ，故A正确,K应选：AD.应选：AD.由万有引力提供做匀速圆周运15.如下图，物体受到二个水平恒力Fi和F作用，Fi和F2互相垂直，物体沿光滑水平面从A点运动到B点的过程中，位移为S,AB连线与Fi间的夹角为，那么下面关于两外力做的功的表达式一定正确的选项是〔 〕aU、Q 1A. /?SB(F1+F2)SC.FiScosa+F2SsinaD : cosG【考点】功的计算.【分析】根据功的定义式W=Flcos0求解恒力做功.功是标量，几个力对物体做的总功， 就等于各个力单独对物体做功的代数和.【解答】解：物体受到两个水平恒力 Fi和F2作用，Fi和F2互相垂直，物体沿光滑水平面从A点运动到B点的过程中，位移为s,AB连线与Fi间的夹角为a,所以恒力Fi做功W=FiSCOSa恒力F2做功W=F2SC0S(90°-a)=F2Ssina当有多个力对物体做功的时候，总功的大小就等于用各个力对物体做功的和，所以总功W=FScosa+F2Ssina应选：C.i6.竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球， 用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如下图.那么迅速放手后(不计空气阻力) ( )放手后瞬间小球的加速度等于重力加速度小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒小球机械能守恒小球下落过程中，小球动能与弹簧弹性势能之和不断增大【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；功能关系.【分析】弹簧原来处于压缩状态，小球受到重力、弹簧向下的弹力和手的支持力，迅速放手后，分析小球的受力情况分析其运动情况，根据牛顿第二定律研究小球的加速度.根据机械能守恒的条件：系统内只有重力和弹簧的弹力做功，分析能量如何变化.【解答】解：A、刚放手时，小球受到重力和向下的弹力，所受的合力大于重力， 根据牛顿第二定律得知，加速度大于g.故A错误.B对于小球、弹簧与地球组成的系统，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，故B正确.C对于小球，弹簧的弹力对它做功，其机械能不守恒，故 C错误.D由上分析可知，小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒，即小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总和不变，由于下落过程中，小球的重力势能不断减小，所以小球动能与弹簧弹性势能之和不断增大.故 D正确.应选：BD二、实验题•本空2分，共14分.选择好的纸带如下图，0.02s，长度单位是在“验证机械能守恒定律〞的实验中，假设重物质量为0.50kg,O选择好的纸带如下图，0.02s，长度单位是cm,g取9.8m/s.那么：打点计时器打下点B时，重物的速度vb=0.973m/s;0.238J，动能的增加从起点O到打下点B的过程中，重物重力势能的减少量p=量AEkh0.237J(结果保存三位有效数字)0.238J，动能的增加根据纸带提供的数据，重锤从静止开始到打出 B点的过程中，得到的结论是在实验误差范围内，重力势能减小量等于动能的增加量，重物下落的机械能守3J3——4367.()2【考点】验证机械能守恒定律.【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求出物体在B点时的速度，然后根据动能、势能的定义进一步求得动能、势能的变化量.【解答】解：(1)根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求Q.0702-0.0313

2X0.02重力势能的减少量：AEQ.0702-0.0313

2X0.02重力势能的减少量：AEp=mghB=0.5X9.8X4.86X10「2J~0.238J;mvB2」X0.5X0.973根据上面求解的数据，重锤从静止开始到打出 B点的过程中，得到的结论是：在实验误差范围内，重力势能减小量等于动能的增加量，重物下落的机械能守恒；故答案：(1)0.973,(2)0.238,0.237,(3)在实验误差范围内，重力势能减小量等于动能的增加量，重物下落的机械能守恒.出物体在B点时的速度，那么有VB=动能的增量：AEm/s~0.973m/s2~0.237J.v变化的关某兴趣小组通过物块在斜面上运动的实验，探究“合外力做功和物体速度系〞.实验开始前，他们提出了以下几种猜测：①va.•②vav③wav2他们的实验装置如图甲所示， PQ为一块倾斜放置的木板，在Qv变化的关次实验物体都从不同位置处由静止释放.¥¥(2)同学们设计了以下表格来记录实验数据•其中 Li、L2、L3、L4…，代表物体分别从不同高度处无初速释放时初始位置到速度传感器的距离,V高度处无初速释放时初始位置到速度传感器的距离,Vi、V2、V3、V4…，表示物体每次通过 Q实验次数123实验次数123LLiL2L3VV1V2V3点的速度.他们根据实验数据绘制了如图乙所示的\o"CurrentDocument"4 •…L4 …V4 …L-V图象，由图象形状得出结论论wav他们的做法是否适宜，并说明理由？ 不适宜.由曲线不能直接确定函数关系， 应进一步绘制L-V2图象.(3)在此实验中，木板与物体间摩擦力大小 不会(选填“会〞或“不会〞)影响得出的探究结果.【考点】探究功与速度变化的关系.【分析】通过实验来探究“合外力做功和物体速度变化的关系〞. 每次实验物体从不同初位置处静止释放，量出初位置到速度传感器的位移、 读出物体到传感器位置的速度. 根据实验数据列出数据表并描点作出图象， 从而找到位移与速度变化的关系， 在运动过程中，由于物体受力是恒定的，所以得出合外力做功与物体速度变化的关系. 因此在实验中物体与木板间的摩擦力不会影响探究的结果.【解答】解：(1)通过实验来探究“合外力做功和物体速度变化的关系〞.每次实验物体从不同初位置处静止释放，量出初位置到速度传感器的位移、 读出物体到传感器位置的速度.根据实验数据列出数据表并描点作出图象， 从而找到位移与速度变化的关系， 所以不需要测出木板与水平面的夹角.(2)在数据处理中，由曲线不能直接确定函数关系，一般都是在直线上确定各个物理量之间的函数关系，所以该方法是不适宜的，应进一步绘制 L-V2图象.(3)在运动过程中，由于物体受力是恒定的，所以得出合外力做功与物体速度变化的关系. 因此在实验中物体与木板间的摩擦力不会影响探究的结果.故答案为：(1)不需要.(2)不适宜.由曲线不能直接确定函数关系，应进一步绘制 L-V2图象.(3)不会.三、计算题.此题包括3小题，共38分.解容许写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.如下图，在离地面H高水平台面上的A点，一个质量为m的物体以初速度Vo斜向上被抛出，不计空气阻力，求它到达抛出点下方 h高度处的B点时速度的大小.【考点】机械能守恒定律.【分析】以物体为研究对象，物体抛出后，只有重力做功，由动能定理或机械能守恒定律可以求出在B点的速度.

【解答】解：不计空气阻力，物体抛出后，只有重力做功，从 A到B过程，物体动能的增加等于重力势能的减少，由机械能守恒定律可得：1212.mw-mvo=mgh解得：Vb=.订-：：十.答：物体到达抛出点下方h高度处的B点时速度的大小为Q命2劭•如下图，质量m=1.0kg的物体从半径R=5m的圆弧的A端，在拉力F作用下从静止沿圆弧运动到顶点B.圆弧AB在竖直平面内，拉力F的大小为15N,方向始终与物体的运动方向一致.假设物体到达B点时的速度v=5m/s，圆弧AB所对应的圆心角0=60°,BO边在竖直方向上，取g=10m/s2.在这一过程中，求：重力mg做的功；拉力F做的功；(3)圆弧面对物体的支持力Fn做的功；圆弧面对物体的摩擦力Ff做的功.479【考点】动能定理的应用；向心力.【分析】(1)根据